Угол cdb adc 4 5: Дано:аdс и cdb смежные cdb:adc=4:5 найдите adc и cdb

Содержание

Задачи на третий признак равенства треугольников 7 класс онлайн-подготовка на Ростелеком Лицей

Третий признак равенства треугольника

 

Напоминание:

 

1. Геометрические фигуры, а в данном случае треугольники, равны, если они совмещаются наложением.

Рис. 1. Напоминание 1

треугольник АВС = треугольнику , поскольку они совмещаются наложением.

2. Совмещающиеся (соответственные) элементы равны

Вспомним формулировку третьего признака равенства треугольников.

Третий признак, как и любой другой признак, гарантирует равенство (совмещение) треугольников. Третий признак – это признак по трем сторонам. Если три стороны одного треугольника соответственно равны трем сторонам другого треугольника, то такие треугольники равны.

Рис. 2. Чертеж к третьему признаку равенства треугольников

Отсюда следует, что треугольники АВС и равны по третьему признаку. А это означает равенство всех соответственных углов.

 

Решение задач

 

 

Пример 1:

 

Дано:АС = ВС, АD = BD, ∠CAD =

Найти:∠CBD.

Решение: Выполним пояснительный рисунок:

Рис. 3. Чертеж к примеру 1

Значит, треугольники АСD и ВСD равны по третьему признаку равенства треугольников, то есть по трем сторонам. Из равенства треугольников следует равенство соответствующих углов. ∠СВD = ∠САD = 

Ответ:

Пример 2:

Дано: АО = ОВ, СО = ОD.

Доказать:треугольник ADC =  треугольникуBCD.

Доказательство. Выполним пояснительный рисунок:

Рис. 4. Чертеж к примеру 2

1. треугольник АОС =  треугольнику BOD. Эти треугольники равны по первому признаку равенства треугольников (СО = OD – по условию, АО = ОВ – по условию, ∠АОС = ∠DOB – как вертикальные). Отсюда следует, что АС = BD. Обозначим их за .

2. треугольник ВОС = треугольнику АOD. Эти треугольники равны по первому признаку равенства треугольников (СО = OD – по условию, АО = ОВ – по условию, ∠СОВ = ∠DOА – как вертикальные). Отсюда следует, что ВС = АD. Обозначим их за .

3. .

Отсюда следует, что треугольники ADC и BCD равны по третьему признаку равенства треугольников, что и требовалось доказать.

Ответ: Доказано.

Пример 3:

Дано: АВ = CD, AC = BD, ∠BAC = 

Найти:∠CDB.

Решение: Выполним пояснительный рисунок:

Рис. 5. Чертеж к примеру 3

1) треугольник ВАС = треугольнику CDB по третьему признаку равенства треугольников (ВС – общая сторона, АВ = CD – по условию, АС = BD – по условию).

2) ∠CDB = ∠ВАС =. Это следует из равенства треугольников. Оба угла лежат против общей стороны ВС.

Ответ:

Пример 4:

Дано: АВ = ВС = CD = DA.

Доказать:∠1 = ∠2 = ∠3 = ∠4.

Доказательство: Выполним пояснительный рисунок:

Рис. 6. Чертеж к примеру 4

1. треугольник АСВ = треугольнику АСD по третьему признаку равенства треугольников (АС – общая сторона, другие стороны равны по условию). Из равенства треугольников имеем равенство соответствующих углов. ∠1 = ∠2, ∠3 = ∠4.

2. Треугольник АВС – равнобедренный, а значит,∠1 = ∠3. Треугольник АСD – также равнобедренный, ∠2 = ∠4.

3. ∠1 = ∠2 = ∠3 = ∠4, что и требовалось доказать.

Ответ: Доказано.

На сегодняшнем уроке мы рассмотрели некоторые типовые задачи на третий признак равенства треугольников. С признаками равенства треугольников мы далее будем встречаться неоднократно. На следующем уроке мы познакомимся с признаками параллельности прямых.

 

Список рекомендованной литературы

  1. Александров  А.Д., Вернер А.Л., Рыжик В.И. и др. Геометрия 7. – М.: Просвещение.
  2. Атанасян Л.С., Бутузов В.Ф., Кадомцев С.Б. и др. Геометрия 7. 5-е изд. – М.: Просвещение.
  3. Бутузов В.Ф., Кадомцев С.Б., Прасолова В.В. Геометрия 7 / В.Ф. Бутузов, С.Б. Кадомцев, В.В. Прасолова, под ред. Садовничего В.А. – М.: Просвещение, 2010.

 

Рекомендованные ссылки на интернет-ресурсы

1. Обобщающий урок по геометрии в 7-м классе на тему «Треугольники» (Источник).

2. Прямая линия. Отрезок (Источник).

 

Рекомендованное домашнее задание

 

1. № 39. Бутузов В.Ф., Кадомцев С.Б., Прасолова В.В. Геометрия 7 / В.Ф. Бутузов, С.Б. Кадомцев, В.В. Прасолова, под ред. Садовничего В.А. – М.: Просвещение, 2010.

2. АВ = ВС, АК = КС. Докажите, что треугольник АВК = треугольнику СВК.

3. Докажите равенство равнобедренных треугольников по основанию и высоте, проведенной к ней.

4. На стороне угла А обозначены точки В и С, а на второй – точки М и К так, что АВ = АМ и АС = АК. Докажите, что точка пересечения отрезков ВК и СМ лежит на биссектрисе угла А. Возможно ли воспользоваться этим построением, чтобы разделить на местности угол пополам, не пользуясь углоизмерительными приборами?

 

Второй признак равенства треугольников — презентация онлайн

1. Второй признак равенства треугольников

Если сторона и два прилежащих к ней угла
одного треугольника соответственно равны
стороне и двум прилежащим к ней углам другого
треугольника, то такие треугольники равны.

2. Упражнение 1

На рисунке угол 1 равен углу 3, угол 2 равен углу 4. Будут
ли треугольники CDA и ABC равны?
Ответ: Да. Треугольники CDA и ABC равны по второму признаку
равенства треугольников (AC – общая сторона и угол 1 равен углу
3, угол 2 равен углу 4 по условию).

3. Упражнение 2

На рисунке угол 1 равен углу 2, угол 3 равен углу
4. Найдите равные отрезки.
Ответ: а) AB = CD; AD = BC;
б) AB = AD, BC = CD.

4. Упражнение 3

На рисунках отмечены равные отрезки и равные
углы. Укажите на них равные треугольники.
Ответ: а) ABC и ADC; б) ABD и CDB; в) ABD и CBE; г) AOD и
BOC, ACD и BDC; д) ACD и BCE, ABE и BAD; AOE и BOD; е)
AOD и BOC, ABD и BAC.

5. Упражнение 4

На рисунке BC = CD, угол B равен углу D. Докажите, что AC =
CE.
Решение. Углы ACB и ECD равны как вертикальные. Треугольники
ABC и EDC равны по второму признаку равенства треугольников
(BC = DC, угол ABC равен углу EDC, угол ACB равен углу ECD).
Следовательно, равны соответствующие стороны AC и CE этих
треугольников.

6. Упражнение 5

В четырехугольнике ABCD угол 1 равен углу 2, угол 3 равен
углу 4. Докажите, что АB = AD.
Решение. Треугольники ABC и ADC равны по второму признаку
равенства треугольников (AC – общая сторона, угол 1 равен углу
2, угол 3 равен углу 4. ). Следовательно, равны их
соответствующие стороны AB и AD.

7. Упражнение 6

На рисунке угол DBC равен углу DAC, BO = AO.
Докажите, что угол C равен углу D и AC = BD.
Доказательство: Треугольники AOC и BOD равны по второму
признаку равенства треугольников (AO = BO, угол OAC равен углу
OBD, угол AOC равен углу BOD). Следовательно, угол C равен
углу D и AC = BD.

8. Упражнение 7

На рисунке изображена фигура, у которой AD = CF, угол
ВAC равен углу EDF, угол 1 равен углу 2. Докажите, что
треугольники АВС и DEF равны.
Доказательство: Треугольники ABC и DEF равны по второму
признаку равенства треугольников (AC = DF, угол BAC равен углу
EDF, угол ACB равен углу DFE).

9. Упражнение 8

Отрезки АВ и CD пересекаются в точке О, ОВ = ОС и
угол B равен углу C. Докажите равенство треугольников
АОС и DOB.
Доказательство: Треугольники AOC и DOB равны по второму
признаку равенства треугольников (OC = OB, угол ACO равен углу
DOB, угол AOC равен углу DOB).

10. Упражнение 9

Отрезки АС и BD пересекаются в точке О, АО = ОС и
угол A равен углу C. Докажите равенство треугольников
АОВ и COD.
Доказательство: Треугольники AOB и COD равны по второму
признаку равенства треугольников (OA = OC, угол BAO равен углу
DCO, угол AOB равен углу COD).

11. Упражнение 10

Лучи AD и ВС пересекаются в точке О, угол 1 равен углу
2, OC = OD. Докажите, что угол A равен углу B.
Решение: Треугольники AOC и BOD равны по второму признаку
равенства треугольников (OC = OD, угол AOC равен углу BOD,
угол ACO равен углу DCO). Следовательно, угол A равен углу B.

12. Упражнение 11

Лучи AD и ВС пересекаются в точке О, угол 1 равен углу
2, OC = OD, угол A равен 40о. Найдите угол B.
Решение: Треугольники AOC и BOD равны по второму признаку
равенства треугольников. Следовательно, угол B равен углу A и
равен 40о.

13. Упражнение 12

На рисунке угол 1 равен углу 2, угол 3 равен углу 4.
Докажите, что треугольники АВС и CDA равны. Найдите
АВ и ВС, если AD = 19 см, CD = 11 см.
Решение: Треугольники ABC и CDA равны по второму признаку
равенства треугольников (AC – общая, угол 1 равен углу 2, угол 3
равен углу 4). Следовательно, AB = 11 см, BC = 19 см.

14. Упражнение 13

На рисунке угол DAB равен углу CBA, угол CAB равен
углу DBA, СА = 13 см. Найдите DB.
Решение: Треугольники ABC и BAD равны по второму признаку
равенства треугольников (AB – общая, угол DAB равен углу CBA,
угол CAB равен углу DBA). Следовательно, DB = 13 см.

15. Упражнение 14

В четырехугольнике ABCD угол DAB равен углу CBА,
диагонали АС и BD образуют со стороной АВ равные
углы. Докажите, что АС = BD.
Решение: Треугольники ABC и BAD равны по второму признаку
равенства треугольников (AB – общая, угол DAB равен углу CBA,
угол CAB равен углу DBA). Следовательно, AC = BD.

16. Упражнение 15

В четырехугольнике ABCD угол DAB равен углу CBА, диагонали
АС и BD образуют со стороной АВ равные углы. AD = 3 см, АС = 4
см, CD = 5 см. Найдите BD.
Решение: Треугольники ABC и BAD равны по второму признаку
равенства треугольников. Следовательно, BD = AC = 4 см.

17.

Упражнение 16Треугольники АВС и А1В1С1 равны. Отрезки CD и C1D1 образуют со
сторонами соответственно СВ и С1В1 равные углы. Докажите, что
AD = A1D1.
Доказательство: Треугольники BCD и B1C1D1 равны по второму
признаку равенства треугольников (BC = B1C1, угол CBD равен
углу C1B1D1, угол BCD равен углу B1C1D1). Следовательно, BD =
B1D1. Из этого и равенства сторон AB и A1B1 вытекает равенство AD
= A1D1.

18. Упражнение 17

На рисунке AE=AC, угол 1 равен углу 2. Докажите, что
треугольники ABC и ADE равны.
Доказательство: Треугольники ABC и ADE равны по второму
признаку равенства треугольников (AC = AE, угол ACB равен углу
AED, угол A – общий).

19. Упражнение 18

На рисунке AE=AC, угол 1 равен углу 2, угол A равен 50o,
угол B = 40o. Найдите угол D.
Решение: Треугольники ABC и ADE равны по второму признаку
равенства треугольников. Следовательно, угол D равен углу B и
равен 40o.

20. Упражнение 19

На рисунке BH перпендикулярна AC, DP перпендикулярна AC,
AH=CP и угол BAC равен углу ACD. Найдите равные треугольники.
Ответ: AHB и CPD, ABC и CDA, CHB и APD.

21. Упражнение 20

По рисунку объясните, как можно найти расстояние от
точки M до недоступной точки N, например дерева на
острове.
Решение:
Выбирается
какая-нибудь
точка
M.
Откладываются углы KML и MKL, соответственно равные
углам NKM и NMK. Искомое расстояние будет равно длине
отрезка ML.

Задача 16 геометрия на ЕГЭ-2021 по математике

На этой странице — обзор разных типов заданий № 16 ЕГЭ-2021 по математике, то есть задач по геометрии.

Все они имеют нечто общее: во-первых, это стандартный уровень сложности, то есть вполне решаемые задачи. Пункт (а) в них вообще простой.

Во-вторых, в каждой из них применяются свойства четырехугольников, вписанных в окружности.

В первой задаче такая окружность находится почти сразу, причем она – вспомогательная, и ее можно даже не изображать на чертеже. Главное – найти равные вписанные углы, опирающиеся на равные дуги или на одну дугу.

Также здесь использована формула синуса тройного угла. Если вы ее забыли – не беда. Ведь а формулу синуса суммы вы знаете.

1. Дана равнобедренная трапеция ABCD, в которой меньшее основание ВС равно боковой стороне. Точка Е такова, что ВЕ перпендикулярно AD и СЕ перпендикулярно BD.
а) Доказать, что угол АЕВ равен углу BDA.
б) Найти площадь трапеции ABCD, если АВ = 32, косинус угла АDВ равен

Решение:

Проведем

– равнобедренный, CM – высота, проведенная к основанию, значит, M – середина BD.

Докажем, что точки A, B, C, D, E лежат на одной окружности.

ABCD – равнобедренная трапеция, ее можно вписать в окружность.

В – медиана и высота, значит, равнобедренный, BE = ED.

Тогда по трем сторонам, четырехугольник BCDE можно вписать в окружность, т.к.

Так как вокруг можно описать только одну окружность и вокруг четырехугольников ABCD и BCDE тоже можно описать окружность, точки A, B, C, D, E лежат на одной окружности, так как опираются на одну и ту же дугу AB (точки E и D лежат по одну сторону от прямой AD).

б) Так как AB = BC = CD, то дуги AB, BC и CD также равны.

Пусть тогда

Четырехугольник ABDE вписан в окружность, тогда

Рассмотрим

По формуле синуса тройного угла,

тогда по теореме синусов

По условию,

По условию,

Пусть

Проведем в трапеции ABCD высоту CK, тогда

BH и CK – высоты трапеции, а так как трапеция равнобедренная, то

Из

Во второй задаче мы увидим ту же идею: вспомогательную окружность. Это один из методов, помогающих решать задачи ЕГЭ по геометрии. Есть здесь и другой мощный прием – использование двух пар подобных треугольников. И еще свойство высоты прямоугольного треугольника, проведенной к гипотенузе. Если вы в восьмом и девятом классе учили геометрию – вы должны владеть этими приемами.

2. Дан прямоугольный треугольник АВС с прямым углом С. Из вершины С на гипотенузу опущена высота СН, на АС и ВС соответственно отмечены точки М и N так, что угол MHN – прямой.
а) Докажите, что треугольники МNH и АВС подобны.
б) Найдите СN, если АС = 5, СМ = 2, ВС = 3.

Решение:

а) Рассмотрим четырехугольник CMHN.

по условию, значит, CMHN можно вписать в окружность; вписанные, опираются на дугу HN.

(из ), (из отсюда

по двум углам.

б) Пусть

Найдем CN.

Рассмотрим

Пусть тогда

по двум углам.

Запишем соотношение сходственных сторон.

По условию, AM = 3, найдем CH — высоту

по теореме Пифагора,

AH — проекция катета AC на гипотенузу, по свойствам прямоугольного треугольника, отсюда

Ответ: 1,8

В следующей задаче мы снова видим окружность и вписанную в нее трапецию. И наверное, вы уже заметили: пункт (а) задач по геометрии на ЕГЭ часто оказывается подсказкой для решения пункта (б). То, что мы доказали в (а), мы используем в пункте (б).

3. Даны 5 точек на окружности: A, B, C, D, E, причем АЕ = ED = CD, ВЕ перпендикулярен АС.
Точка Т – точка пересечения АС и BD.
а) Докажите, что отрезок ЕС делит отрезок ТD пополам.
б) Найдите площадь треугольника АВТ, если BD = 10, АЕ =

а)

Докажем, что M — середина TD.

Если AE = ED = DC, то дуги AE, ED, DC, также равны;

— накрест лежащие, при пересечении AC и DE секущей CE, значит, AEDC — равнобедренная трапеция. значит, BD — диаметр окружности.

(опирается на диаметр), по катету и гипотенузе, тогда DM — биссектриса равнобедренного т.к. — равнобедренный, то DM — медиана M — середина CE, кроме того, DM — высота

В — медиана и высота, значит, — равнобедренный, а так как — накрест лежащие, при параллельных прямых AC и DE и секущей CE, то по боковой стороне и углу при основании, тогда

CDET — ромб, M — точка пересечения его диагоналей, M — середина TD.

б) BD = 10,

Найдем

Обозначим

Мы нашли, что AE = ED = CD = CT = ET.

BD = 10 — диаметр окружности.

— равнобедренный, AE = ET, — высота и медиана

Тогда BN — медиана и высота — равнобедренный, AB = BT.

Обозначим тогда — опираются на дугу AE,

Тогда

Из по теореме синусов:

Из

Тогда

И еще одна трапеция, вписанная в окружность. Теперь вы точно выучите ее свойства наизусть! Также здесь применяется теорема о пересекающихся хордах. Все эти полезные теоремы, свойства и признаки можно найти в нашей универсальной шпаргалке – Справочнике Анны Малковой для подготовки к ЕГЭ по математике. Скачать Справочник бесплатно можно здесь.

4. Трапеция с большим основанием AD и высотой ВН вписана в окружность. Прямая BH пересекает окружность в точке К.

а) Доказать, что

б) Найдите AD, если: радиус окружности равен шести, СК пересекается с AD в точке N и площадь четырехугольника BHNC в 24 раза больше, чем плошать треугольника KHN.

Решение:


а) Трапеция ABCD вписана в окружность, следовательно, AB = CD (трапеция равнобокая)

Обозначим

Из где получим:

Тогда — вписанные, опираются одну и ту же на дугу AK;

следовательно, CK — диаметр окружности, так как вписанный угол, опирающийся на диаметр, прямой; — опирается на диаметр CK, значит,

б) По условию,

Так как

По двум углам,

тогда

(опираются на дугу BC), тогда

Проведем

Обозначим так как HE = BC,

а

Из подобия треугольников KNH и KCB следует, что тогда

По теореме о пересекающихся хордах,

Представив левую часть уравнения как разность квадратов, получим:

По смыслу задачи тогда и значит

Тогда

Задача по геометрии на ЕГЭ по математике оценивается в 3 балла. Как видите, в 2021 году эти 3 балла за геометрию можно было получить без особенных трудностей. На нашем Онлайн-курсе подготовки к ЕГЭ мы решаем и такие задачи по геометрии, и более сложные. Если ты сейчас в 10-м или в 11-м классе – попробуй бесплатно Демо-доступ к Онлайн-курсу.

5. (Резервный день) Окружность с центром О, построенная на катете АС прямоугольного треугольника АВС, как на диаметре, пересекает гипотенузу АВ в точках А и D. Касательная, проведенная к этой окружности в точке D, пересекает катет ВС в точке М.

А) Докажите, что ВМ = СМ
Б) Прямая DM пересекает прямую АС в точке Р, прямая ОМ пересекает прямую ВР в точке К.

Найдите ВК : КР, если

Решение:

а) Так как – радиус окружности, – равнобедренный, так как (касательная перпендикулярна радиусу, проведенному в точку касания), тогда

равнобедренный,

– угол между касательной и хордой,

Тогда т.е. – высота – прямоугольный, – равнобедренный, отсюда

б)

Найдем BK : KP, если тогда

– средняя линия

Значит, (вертикальные), — равнобедренный, тогда так как MK – биссектриса

Из по свойству биссектрисы

Пусть тогда (т. к. ),

в (внешний угол ),

Ответ: 3:5

Решутест. Продвинутый тренажёр тестов

Решутест. Продвинутый тренажёр тестов
  • Главная
  • ЕГЭ
  • Математика профильная
  • Планиметрия
  • Углы в окружности

Решил заданий

Не решил заданий

Осталось заданий

История решения
9111 — не приступал 3236 — не приступал 3171 — не приступал 2228 — не приступал 4700 — не приступал 9753 — не приступал 3504 — не приступал 8516 — не приступал 4390 — не приступал 4598 — не приступал

Формат ответа: цифра или несколько цифр, слово или несколько слов. Вопросы на соответствие «буква» — «цифра» должны записываться как несколько цифр. Между словами и цифрами не должно быть пробелов или других знаков.

Примеры ответов: 7 или здесьисейчас или 3514

Раскрыть Скрыть

№1

Найдите угол АСО, если его сторона СА касается окружности, О ― центр окружности, а меньшая дуга окружности

АВ, заключенная внутри этого угла, равна 25°.

 

№2

Найдите угол CDB, если вписанные углы ADB и ADC опираются на дуги окружности, градусные величины которых равны соответственно 166° и 88°. Укажите наименьший из возможно полученных углов.

№3

В угол величиной 70° вписана окружность, которая касается его сторон в точках А и В. На одной из дуг окружности выбрали точку С так, как показано на рисунке. Найдите величину угла АСВ.

№4

Найдите угол ABC. Ответ дайте в градусах.

№5

Найдите угол ABC. Ответ дайте в градусах.

№6

Касательные в точках A и B к окружности с центром O пересекаются под углом 20°. Найдите угол

ABO. Ответ дайте в градусах.

№7

Дуга окружности АС, не содержащая точки В, составляет 165˚. А дуга окружности ВС, не содержащая точки А, составляет 55˚. Найдите вписанный угол АСВ.

№8

Центральный угол на 45˚ больше острого вписанного угла, опирающегося на ту же дугу окружности. Найдите центральный угол.

№9

АС и BD — диаметры окружности с центром О. Угол AOD равен 35˚. Найдите угол AСВ.

№10

Касательные СА и СВ к окружности образуют угол АСВ, равный 90˚. Найдите величину меньшей дуги АВ, стягиваемой точками касания. Ответ дайте в градусах.

Так твой прогресс будет сохраняться.

Регистрация

Мы отправили код на:

Изменить

Получить код повторно через 00:00

Я прочитал(-а) Политику конфиденциальности и согласен(-на) с правилами использования моих персональных данных

Ништяк!

Решено верно

Браво!

Решено верно

Крутяк!

Решено верно

Зачёт!

Решено верно

Чётко!

Решено верно

Бомбезно!

Решено верно

Огонь!

Решено верно

Юхууу!

Решено верно

Отпад!

Решено верно

Шикарно!

Решено верно

Блестяще!

Решено верно

Волшебно!

Решено верно

Точка d лежит внутри равностороннего треугольника abc. оказалось, что ∠adc=150∘,

Математика, 2020-10-07 06:30:03, wasdas390wasdas390

Ответ

Ответ разместил: NekitGame225

Точка D лежит внутри равностороннего треугольника ABC. 2=64+225=289
BD=17

Ответ

Ответ разместил: moxley00

Так как АД=ВД, то треугольник АДВ-равнобедренный, значит биссектриса угла АДВ делит сторону АВ пополам и является медианой. Отрезок проведенный из вершины угла С к середине АВ также является медианой, а следовательно СД- биссектриса угла АСВ.

Ответ

Ответ разместил: daryankaa1

Точка D лежит внутри равностороннего треугольника ABC. Оказалось, что ∠ADC=150∘, AD=20, DC=21. Найдите BD.

Другие вопросы по: Математика

Составьте молекулярные и ионные уровнения гидролиза солей k3po4 и k2hpo4 раствор какой из этих двух солей имеет большое значение ph? почему?…

Опубликовано: 01.03.2019 05:10

Ответов: 2

Сторони трикутника пропорційні числам 4,5,8. знайдіть периметр трикутника , якщо найбільша його сторона більша від найменшої на 24 см…

Опубликовано: 02.03.2019 14:50

Ответов: 1

Запишите десятичные приближения чисел m и n, округлив до сотых: 1). m=2,(67) 2) n=0.(8) 3)m=3,(14) 4)n=12,(01) 5) m=4,(01) 6)n=0,(08)…

Опубликовано: 02.03.2019 19:50

Ответов: 1

Из вершины большего угла треугольника со сторонами 20,34,42 см возведён перпендикуляр к плоскости этого треугольника длиной 30 см. найдите расстояние от его концов до большей сторо…

Опубликовано: 03.03.2019 17:10

Ответов: 1

Complete the sentences as in the example. (he/see) -has he seen her? -yes, he has seen her. he saw her a minute ago. 1. (he / come) -yes, he . he an hour ago. 2. (she / read) the b…

Опубликовано: 07.03.2019 17:40

Ответов: 3

Дикая редька. особенности вегетативных органов…

Опубликовано: 07.03.2019 19:00

Ответов: 1

Популярные вопросы

.(Напиши письмо, расскажи в нём о себе. в письме употреби личные и возратные местоимения в разных падежах с предлогами).

Опубликовано: 27.02.2019 14:00

Ответов: 2

Восьмая часть одного из смежных углов и три четверти другого составляют в сумме прямой угол. найдите разность данных углов….

Опубликовано: 28.02.2019 23:40

Ответов: 1

Написати невеликий твiр»зимовий сад»,використовуючи слова та словосполучення: промiння, вiдзеркалювати, вiддалiк, беззвучно, сонний, оббиваючи iнiй, безцiнна коштовнiсть, ввечерi…

Опубликовано: 01.03.2019 23:50

Ответов: 2

Выбрать из предложенного ряда солей те, которые в водном растворе подвергаются гидролизу. составить для них уравнения реакций гидролиза в ионной и молекулярно-ионной формах: crcl3,…

Опубликовано: 02.03.2019 01:40

Ответов: 2

The usa. because of its huge size the us climate is incredibly varied. if there is a ‘general’ climate then it is temperate, but it is also tropical in florida and hawaii, arctic i. ..

Опубликовано: 03.03.2019 03:40

Ответов: 1

Вкаком году следует праздновать дату: 2500 лет со дня победы при марафоне…

Опубликовано: 03.03.2019 12:50

Ответов: 1

Диагональ куба равна 4 корня из 3 см. определите объём куба…

Опубликовано: 03.03.2019 14:10

Ответов: 2

Афинский стратег перикл, узнав о том, что какой-то раб сломал ногу, воскликнул: «вот еще одним педагогом стало больше…

Опубликовано: 03.03.2019 15:40

Ответов: 2

Расстояние от дома до автобусной остановки сережа проходит за 12 мин. в какое время он должен выйти из дома, чтобы успеть на автобус который отправляется а) в 13 час 49 мин б) в 14…

Опубликовано: 03.03.2019 18:10

Ответов: 2

)сделайте словообразовательный разбор слов: водопад- передвигает- закатный-…

Опубликовано: 03. 03.2019 23:20

Ответов: 3

Больше вопросов по предмету: Математика Случайные вопросы

Треугольник abc-прямоугольный с прямым углом с, отрезок cd является его

Геометрия, 2020-09-28 06:59:16, myshkin02

Ответ

Ответ разместил: ASabina1111111

1) тк угол C  равен 90 = угол дсб равен 90-42= 48 
2) угол сбд равен 180-(90+48)=180-138=42
3) угол сад равен 180-(90+42)= 180-132=48
ответ: 42, 48

Ответ

Ответ разместил: Папинадочка111

90+37=127- сумма углов СDВ и DСВ
180-127=57-это угол В
180-57-90=33-это угол А

Ответ

Ответ разместил: мая101

решение задания по геометрии
 

Ответ

Ответ разместил: КсюшаГретт

решение задания по геометрии
 

Ответ

Ответ разместил: LerryE

угол САВ=180-90-42=48 (CD-высота)

угол СВА=180-90-48=42

Ответ

Ответ разместил: bykhan2

ADC = CDB = 90 градусов (т.к. высота — перпендикуляр и проводится на противоположную сторону под прямым углом)
А = 180-(ACD+ADC) =180-132=48  
В= 180-(CDB+BCD) 
CDB = 90
BCD=ACB-ACD=90-42=48
В=180-(90+48)=180-138=42.
ответ: А=48, B=42 

Ответ

Ответ разместил: sashagrachev0

Высота-это перпендикуляр. То есть проводится на противоположную сторону под прямым углом. Значит углы ADC и CDB 90 градусов.  угол А = 180-(ACD+ADC) =180-132=48    (сумма всех углов треугольника всегда равна 180). 
Теперь угол B.  В= 180-(CDB+BCD)  угол CDB уже известен, он равен 90. а BCD=ACB-ACD=90-42=48 ( ACB по условию 90, ACD по условию 42). Теперь можем найти угол В. В=180-(90+48)=180-138=42.
ответ: А=48, B=42 

Ответ

Ответ разместил: LeНин

Высота-это перпендикуляр. То есть проводится на противоположную сторону под прямым углом. Значит углы ADC и CDB 90 градусов.  угол А = 180-(ACD+ADC) =180-132=48    (сумма всех углов треугольника всегда равна 180).  
Теперь угол B.  В= 180-(CDB+BCD)  угол CDB уже известен, он равен 90. а BCD=ACB-ACD=90-42=48 ( ACB по условию 90, ACD по условию 42). Теперь можем найти угол В. В=180-(90+48)=180-138=42. 
ответ: А=48, B=42  

Ответ

Ответ разместил: timon201

Решение прилагается ниже

Ответ

Ответ разместил: dorisova

Треугольник ВСД прямоугольный, знач.  ∠В=90-∠ВСД=53°
В прямоугольном тр-ке АВС ∠А=90-∠В=37°

Ответ

Ответ разместил: arehovaa1

180-45=135

Ответ

Ответ разместил: bomberdire

vhtvigjoookfdd22222222222222222

Другие вопросы по: Геометрия

Опубликовано: 02.03.2019 01:40

Решите уравнение (7х — 14)(х -11) = 0…

Ответов: 2

Опубликовано: 02.03.2019 13:40

Что будет рассказывать хлестаков соседям помещика о своем пребывании в городе n?…

Ответов: 2

Опубликовано: 02.03.2019 20:20

Подскажите формулу практического объема. в ходе реакции 56г n2 с н2 образовалось 48г аммиака nh4 найдите выход продукта….

Ответов: 3

Опубликовано: 02.03.2019 23:30

Одинаковые ли продукты реакции получатся при хлорировании нитробензола и при нитровании хлорбензола? почему? необходимые кравнения рекций. ..

Ответов: 2

Опубликовано: 03.03.2019 12:10

5м 8 дм -6 дм= м дм = дм ,57 см+20см= см =дм см,…

Ответов: 1

Опубликовано: 03.03.2019 15:00

Встроении каких организмов земноводных произошли усложнения по сравнению с рыбами? что это доказывает?…

Ответов: 2

Популярные вопросы

Опубликовано: 27.02.2019 17:50

Cлова, написание которых подсказывает их…

Ответов: 2

Опубликовано: 28.02.2019 20:00

Какое количество теплоты отдал окружающей среде кипяток массой 3 кг при остывании до 50 °с?…

Ответов: 2

Опубликовано: 02.03.2019 02:50

Дан текст нужно его продолжить. я упал навзничь в траву. небо было сплошь затянуто облаками, серыми, угнетающеунылыми. точь-в-точь старая вата из-под новогодней елки. было тихл, те…

Ответов: 3

Опубликовано: 03.03.2019 01:40

В200г раствора содержится 8г соли. определите процент содержания соли в растворе…

Ответов: 3

Опубликовано: 03.03.2019 16:20

Ккакой части речи относится слово замерзший?…

Ответов: 1

Опубликовано: 04.03.2019 01:10

Выбрав удобный порядок действий, вычислить: а) 4/7*(-9,27)-4/7*(-2,27) ; б) 3/8*(-7/16)*(-2 целых 2/3)*(-1 целая 1/7)….

Ответов: 3

Опубликовано: 04.03.2019 21:20

Написать сложноподчиненные предложения с несколькими придаточными из худ, по 2 примера…

Ответов: 1

Опубликовано: 07.03.2019 18:50

Как можно разбогатеть в современном…

Ответов: 1

Опубликовано: 07.03. 2019 20:51

Нужен перевод текста! mr a nd mrs yo u n g ‘s sma ll h o u se was in a village, b ut the ir c h i l d r e n ‘s h o u s es we re in a t o w n. t h en mr young d i e d. mrs yo u ng w…

Ответов: 3

Опубликовано: 08.03.2019 02:10

Расставте кооффициенты и укажите тип реакции: hgo→hg+o2 n2+h3→nh4 cuso4→fe→feso4+cu h3o2→h3o. mg+o2→mgo fe+hcl→fecl2+h3 baco3→bao+co2 co+o2→co2 ch5→c+h3 cucl2+mg→mgcl2+cu no+o2→no2…

Ответов: 3

Больше вопросов по предмету: Геометрия Случайные вопросы

Геометрия: ключ ответа

В нем содержатся ответы и решения для задания «Вставь меня, тренер!» ящики для упражнений, организованные по секциям.

Снятие бремени с доказательств

  1. Да
  2. Теорема 8.3: Если два угла дополняют один и тот же угол, то эти два угла равны.

A и B дополняют друг друга, а C и B дополняют друг друга.

Дано: А и В комплементарны, а С и В комплементарны.

Докажите: А ~= С.

  Утверждения Причины
1. А и В дополняют друг друга, а С и В дополняют друг друга. дано
2. MA + MB = 90º, MC + MB = 90º Определение комплементарного
3. мА = 90 º — MB, MC = 903. — MB MA = 90 º — MB = 90, свойство равенства
4. мА = мКл Замена (шаг 3)
5. A ~= C Определение ~=

Доказательство соотношений сегментов и углов

  1. Если E = DF.

E находится между D и F.

Дано: E находится между D и F

Докажите: DE = DF EF.

  Заявления Причины
1. E находится между D и F Дано
2. D, E и F — коллинеарные точки, а E на ¯df Определение между
3. DE + EF = DF Сегмент. 4. DE = DF EF Вычитание равенства

2. Если BD делит ABC на два угла ABD и DBC, то mABC = mABC — mDBC.

BD делит ABC на два угла, ABD и DBC.

Дано: BD делит ABC на два угла, ABD и DBC

Докажите: mABD = mABC — mDBC.

29
Операторы Причины
1. BD Dides ABC на два угла, ABD и DBC, данный
2,.
3. mABD = mABC — mDBC Свойство равенства вычитания

3. Биссектриса угла единственна.

ABC с двумя биссектрисами угла: BD и BE.

Дано: ABC с двумя биссектрисами угла: BD и BE.

Prove: mDBC = 0.

  Statements Reasons
1. BD and BE bisect ABC Given
2. ABC ~= DBC and ABE ~ = EBC Определение биссектрисы ангела
3. mABD = mDBC и mABE ~= mEBCОпределение ~ =
4. MABD + MDBE + EBC = MABC Угол Дополнение постулата
5. MABD + MDBC = MABC и MABCE + MEBC = MABC ANTER ADFOLEST 700330333033303330333033303333333333333303330133303330 29.303330133029 Angle37733373337330 29 Angle 700330 29 Angle0 29 Angle0 29 Angle9.
6. 2mABD = mABC and 2mEBC = mABC Substitution (steps 3 and 5)
7. mABD = mABC / 2 and mEBC = mABC / 2 Алгебра
8. MABC / 2 + MDBE + MABC / 2 = MABC. mABC Алгебра
10. mDBE = 0 Свойство равенства вычитания

4. Сложение прямого угла есть прямой угол.

A и B — смежные углы, A — прямой угол.

Дано: A и B — смежные углы, A — прямой угол.

Докажите: угол B прямой.

Заявления Причины
1. A и B — дополнительные углы, а A — правой угол. Определение дополнительных углов
3. мА = 90º Определение прямого угла
4. 90º + MB = 180º Заместитель Определение прямого угла

Доказательство соотношений между прямыми

  1. m6 = 105º , m8 = 75º
  2. Теорема 10.3. Если две параллельные прямые пересечены секущей, то противоположные внешние углы конгруэнтны.

м.п. разрез поперечной t.

Дано: l m разрезано секущей t.

Докажите: 1 ~ = 3.

.
Заявления Причины
1. л М. углы Определение вертикальных углов
3. 2 и 3 — соответствующие углы Определение соответствующих углов
4. 2 ~ = 3 Постулат 10.1
5. 1 ~ = 2 Теорема 8.1
6. 1 ~ 3
6. 1 ~ 3
6. 1 ~ 3
6. 1 ~ 3
6. 1 ~ 3

3. Теорема 10.5: Если две параллельные прямые пересечены секущей, то внешние углы по одну сторону от этой секущей являются дополнительными углами.

м.п. срезанный поперечным t.

Дано: l m разрезано секущей t.

Докажите: 1 и 3 являются дополнительными.

Заявление Причины
1. L M Cut по трансверсам T даны
2. 1 и 2 — добавка. Определение дополнительных углов
3. 2 и 3 — соответствующие углы Определение соответствующих углов
4. 2 ~ = 3 Постулат 10.1
5. M2 ~ = M3 Определение ~ =
6. M1 + M3 = 1803 6. M1 + M3 = 1803039. и 5)
7. 1 и 3 являются дополнительными Определение дополнительных

 

Лучшие 3D-принтеры3

Мы изучили основные факторы, которые следует учитывать при покупке 3D-принтера, и выбрали лучшие принтеры 2020 года в соответствии с вашими потребностями.

ПОЛУЧИТЬ ПЕЧАТЬ

 

4. Теорема 10.9. Если две прямые пересечены секущей так, что внешние углы равны, то эти прямые параллельны.

Прямые l и m пересекаются секущей t.

Дано: Прямые l и m пересекаются секущей t, где 1 ~= 3.

Докажите: l m.

  Утверждение Основания
1. Прямые l и m пересекаются секущей t, причем 1 ~= 3 Given
2. 1 and 2 are vertical angles Definition of vertical angles
3. 1 ~= 2 Theorem 8.1
4. 2 ~= 3 Транзитивное свойство ~=.
5. 2 и 3 соответствующие углы Определение соответствующих углов0027

5. Теорема 10.11. Если две прямые пересечены секущей так, что внешние углы по одну сторону от этой секущей смежны, то эти прямые параллельны.

Линии l и m пересекаются t, пересекающими t.

Дано: Прямые l и m пересекаются секущей t, углы 1 и 3 — смежные.

Докажите: l m.

  Утверждение Основания
1. Прямые l и m пересекаются секущей t, а 1 есть 3 дополнительных угла Given
2. 2 and 1 are supplementary angles Definition of supplementary angles
3. 3 ~= 2 Example 2
4. 3 and 2 соответствующие углы Определение соответствующих углов
5. l m Теорема 10.7

Компания Двойки. Три треугольника

  1. Тупоугольный равнобедренный треугольник
  2. Острые углы прямоугольного треугольника дополняют друг друга.

ABC — прямоугольный треугольник.

Дано: треугольник ABC прямоугольный, угол B прямой.

Докажите: A и C — дополнительные углы.

TD> Заместитель (шаги 2 и 3) TD
Заявление Причины
1. ABC — правый треугольник, а B — правый угол, данный
2. MB =
2. MB =
2. MB =
2. MB =
2. MB =
2. MB =
2. MB. угол
3. MA + MB + MC = 180º Теорема 11,1
4. MA + 90º + MC = 180º
5. MA + MC = 90º Algebra
6. A и C — комплементарные углы Определение комплементарных углов

3. Теорем 11.3: Измерение угла экспертного углового угла Триана. сумма мер двух несмежных внутренних углов.

ABC с внешним углом BCD.

029 Substitution (steps 2 and 3)
  Statement Reasons
1. ABC with exterior angle BCD Given
2. DCA is a straight angle, and mDCA = 180º Definition of straight угол
3. mBCA + mBCD = mDCA Постулат сложения углов
4. mBCA + mBCD = 180°
5. mBAC + mABC + mBCA = 180º Theorem 11.1
6. mBAC + mABC + mBCA = mBCA + mBCD Substitution (steps 4 и 5)
7. MBAC + MABC = MBCD Свойство вычитания равенства

4. 12 единиц 2

5. 30 UNITS 2

9003

5. 30 UNITS 2 912 9000.

. треугольник с такими длинами сторон нарушил бы неравенство треугольника.

Конгруэнтные треугольники

1. Рефлексивное свойство: ABC ~= ABC.

Свойство симметрии: если ABC ~= DEF, то DEF ~= ABC.

Переходное свойство: если ABC ~= DEF и DEF ~= RST, то ABC ~= RST.

2. Доказательство: если ¯AC ~= ¯CD и ACB ~= DCB, как показано на рис. 12.5, то ACB ~= DCB.

9002 = 180 ° = 180 ° ° = 180 ° ° . x = 240
x = 80
, следовательно,
♂ = 80
) °
= 60 °
= 60 ° . ) °
= 40
Следовательно, мера каждого угла равна 80 , 60 и 40 соответственно.

Страница № 27:
Вопрос 4:

Мера одного из углов треугольника в два раза больше его наименьшего угла, а мера другого в три раза больше наименьшего угла. Найдите меры трех углов.

Ответ:

Предположим, что углы ∆PQR такие, что ∠P < ∠Q < ∠R.
A.T.Q,
∠Q = 2∠P
∠R = 2∠P
Теперь, ∠P + ∠Q + ∠R = 180    (свойство суммы углов)
⇒ тийп + 2omp + 3omp = 180
⇒ 6omTP = 180
⇒ тийс = 30
Следовательно,
° ar — ∠R = 60
∠R = 90
Следовательно, мера каждого угла равна 30 , 60 и 90 41 соответственно.

Страница № 28:
Вопрос 5:

На данном рисунке даны меры некоторых углов . Используя меры, найдите значения x, y, z.

Ответ:

♂нема + Ϫnet = 180 (свойство линейного угла)
y + 100 = 180
.

. . . . . . . . . . . . . . Ϫnme + тиймр = 180 (свойство линейного угла)
Z + 140 = 180
Z = 40
Z = 40
Z = 40240 ∘
3563 причиты ∠E + ∠M = 180    (свойство суммы углов)
x + y + z = 180          
+ 80 ∘  + 40 ∘  = 180   
⇒  + 120 ∘  = 180
x = 60
Следовательно, значения x , y и Z .

Страница № 28:
Вопрос 6:

На данном рисунке линия AB || линия ДЭ. Найдите меры ∠DRE и ∠ARE, используя заданные меры некоторых углов.

Ответ:

AB || DE и AD — поперечная линия.
∠BAR = ∠RDE = 70       (Alternate angles)
In △DER
∠D + ∠E + ∠DRE = 180    (Angle sum property)
⇒ 70  + 40  + Секрет = 180
⇒ 110 + тнам. ∘  + 40           
= 110
Следовательно, меры ∠DRE и ∠ARE равны 70 ∘  и 110 соответственно.

Страница № 28:
Вопрос 7:

В ∆ABC биссектрисы ∠A и ∠B пересекаются в точке O. Если ∠C = 70 ° . Найдите меру ∠AOB.

Ответ:

Если биссектрисы ∠X и ∠Y отрезка △XYZ пересекаются в точке O, то ∠XOY=90°+12∠XZY
∴∠AOB=90°+12∠ACB=90°+1270 °
= 90 + 35  
= 125   
Следовательно, мера ∠AOB равна 125 .

Страница № 28:
Вопрос 8:

На данном рисунке линия AB || линия CD и линия PQ являются секущими. Луч PT и луч QT являются биссектрисами ∠BPQ и ∠PQD соответственно.
Докажите, что m ∠PTQ = 90°.

Ответ:

AB || CD и PQ — поперечная линия.
∠BPQ + ∠DQP = 180       (Углы по одну сторону от поперечной линии являются дополнительными углами)
⇒12∠BPQ+12∠DQP=180°2
⇒ тийскпт + ↑PQT = 90
в △ PQT
тнам. ⇒ ∠PTQ = 90  
Отсюда доказано.

Страница № 28:
Вопрос 9:

Используя информацию, показанную на рисунке, найдите меры ∠a, ∠b и ∠c.

Ответ:

c  + 100  = 180                 (свойство линейного угла)      
⇒  c  = 80
Now,  b  = 70 ∘      (Vertically opposite angles)      
a  +  b  +  c  = 180        (Angle sum property)   
+ 70 ∘  + 80 ∘  = 180   
⇒  + 150 ∘  = 180  
⇒  = 30   
Hence, the values ​​of  а , б и c  равны 30 , 70 и 80 соответственно.

Страница № 28:
Вопрос 10:

На данном рисунке строка DE || линия GF, луч EG и луч FG являются биссектрисами ∠DEF и ∠DFM соответственно. Докажите, что
(i) ∠DEG = 12 ∠EDF    (ii)  EF = FG.

Ответ:

(i) Дано: DE || GF
Теперь ∠DEF = ∠GFM              (соответствующие углы, поскольку DM является поперечной линией)
⇒ 2∠DEG = ∠DFG         (Луч EG и луч FG являются биссектрисами ∠DEF и ∠DFM)
⇒ 2∠DEG = ∠EDF          (∵ ∠EDF = ∠DFG, альтернативные углы, поскольку DF является поперечной линией)
⇒ ∠DEG = 12 ∠EDF

(ii) Дано: DE || Gf
♂ DEG = ↑EGF (альтернативные углы в качестве, например, линия поперечной передачи)
∴ ↑ GGEF = ↑EGF (∵ тийдж = ♂)
∴ ef = fg (стороны противоположны равным углам)

Страница № № №. 31:
Вопрос 1:

В каждом из приведенных ниже примеров показана пара треугольников. Одинаковыми знаками отмечены равные части треугольников в каждой паре. Рассмотрите рисунки и сформулируйте критерий, по которому треугольники в каждой паре конгруэнтны.

(i)

 По . . . . . . . . . . тест
∆ABC ≅ ∆PQR

(ii)

 По . . . . . . . . . . тест
∆XYZ ≅ ∆LMN

(iii)
   
 По . . . . . . . . . . тест
∆LMN ≅ ∆PTR

(iv)

By . . . . . . . . . . тест
 ∆LMN ≅ ∆ PTR

Ответ:

(i) Тест SSC
(ii) Тест SAS
(iii) Тест ASA
(iv) Тест стороны гипотенузы.

Страница № 32:
Вопрос 2:

Обратите внимание на информацию, показанную парами треугольников, приведенных ниже. Укажите признак, по которому два треугольника равны. Напишите оставшиеся конгруэнтные части треугольников.

(i)

Из информации, показанной на рисунке,

в ∆ABC и ∆PQR

♂ ≅ ∠PQR

SEG BC ≅ SEG QR

ΔCACBSPRK

∆ ∆ ∆ ∆ ∆ ∆ ∆ ∆ ∆ ∆ ∆ ∆ ∆ ∆ ∆ ∆ ∆ ∆ ∆ ∆ ∆ ∆ ∆ ∆ ∆ ∆ ∆ ∆ ∆ ∆ ∆ ∆ ∆ ∆ ∆ ∆ q q QR

. ∆PQR ……. 3243432 test

∴ ∠BAC ≅ 3243432 …… соответствующие углы конгруэнтных треугольников.

отрезок AB ≅ 1234 и 1234 ≅ отрезок PR… соответствующие стороны равных треугольников

(ii)

Из информации, представленной на рисунке,

в ∆PTQ и ∆STR

seg PT ≅ seg ST

∠PTQ≅ ∠STR…… вертикально противоположные углы
∴ ∆PTQ ≅. . ….. 3243432 test

 

∴ ∠TPQ≅ 1234и 1234 ≅ ∠TRS… соответствующие углы конгруэнтных треугольников0003

Ответ:

(I)

Из информации, показанной на рисунке,

в ∆ABC и ∆PQR

потряс ≅ ∠PQR

SEG BC ≅ SEG QR

RTACB

∴ ∆ABC ≅ ∆PQR ……. ASA test

∴ ∠BAC ≅ ∠QPR ……. соответствующие углы конгруэнтных треугольников.

отрезок AB ≅ отрезок PQ123A и ​​отрезок AC ≅ отрезок PR.. . соответствующие стороны конгруэнтных треугольников

(ii)

Из информации, представленной на рисунке,

в ∆PTQ и ∆STR

seg PT ≅ seg ST

∠PTQ≅ ∠STR…… вертикально противоположные углы
∴ ∆PTQ ≅ ∆0STR ……. SAS тест 33

∴ ↑tpq≅ omtsrand omtqp ≅ Ϫtrs … Соответствующие углы конгруэнтных треугольников

SEG PQ ≅ SEG SR Соответствующие стороны конгруэнтных треугольников

. на рисунке укажите тест, обеспечивающий соответствие ∆ ABC и ∆ PQR. Напишите оставшиеся конгруэнтные части треугольников.

Ответ:

в △ ABC и △ QPR
AB = PQ (дано)
BC = PR (данный)
♂ = ♂ = 90 (дан)
. ABC ≅ △ QPR
↑B = ↑P (соответствующие углы конгруэнтных треугольников)
♂ = ♂ (соответствующие углы конгруэнтных треугольников)
AC = QR (соответствующие стороны конгруэнтных треугольников)

Page № 32:
Вопрос 4:

Как показано на следующем рисунке, в ∆LMN и ∆PNM LM = PN, LN = PM. Напишите тест, подтверждающий равенство двух треугольников. Напишите их оставшиеся равные части.

Answer:

​In △LMNand △PNM
LM = PN                         (Given)
LN = PM                        (Given)
MN = NM                      (Common)
By SSS test of congruency
△LMN ≅ △PNM
∠L = ∠P                (соответствующие углы конгруэнтных треугольников)
∠LMN = ∠PNM  (соответствующие углы конгруэнтных треугольников)
∠MNL = ∠NMP   (соответствующие углы конгруэнтных треугольников)

Страница № 32:
Вопрос 5:

сегмент AD ≅ сегмент CD.

Докажите, что ∆ abd≅∆ cbd

Ответ:

в △ ABD и △ CBD
AB = CB (дан)
AD = CD (дан)
BD = BD (общий)
на SSS -тесте конгресса

.2563 △ABD ≅ △CBD

Page No 33:
Question 6:

In the given figure, ∠P ≅∠R seg PQ ≅ seg RQ

Prove that, ∆ PQT ≅∆ RQS

Answer:

В △ PQT и △ RQS
Ϫp = Ϫr (дано)
PQ = RQ (дано)
♂ = ♂ (общий)
по тесту ASA конгруэнтности
△ PQT ≅ rqs

Страница № 38:
Вопрос 1:

Найдите значения x и и , используя информацию, показанную на рис.

Найдите меру ∠ABD и m∠ACD.
 

Answer:

In △ABC, AB = AC
∴ ∠ABC = ∠ACB            (Angles opposite to equal sides are equal) 
⇒  x  = 50
In △BDC, DB = DC
∴ Ϫdbc = ↑DCB (углы, противоположные равным сторонам, равны)
Y = 60∘
Теперь, ▲ hABD = ↑ABC + ↑DBC
= 50 + 60
= 110241 + 60240 ∘ + 60240 ∘ + 60240.0241
Также, ϩacd = retacb + retcb
= 50 + 60
= 110
Следовательно, значения x и . ∘ соответственно.

Страница № 38:
Вопрос 2:

Длина гипотенузы прямоугольного треугольника равна 15. Найдите длину медианы его гипотенузы.

Ответ:

В прямоугольном треугольнике медиана гипотенузы равна половине длины гипотенузы.
Следовательно, длина медианы его гипотенузы составляет 7,5 единиц.

Страница № 38:
Вопрос 3:

В ∆PQR, ∠Q = 90 ° , PQ = 12, QR = 5 и QS является медианой. Найдите l (QS).

Answer:

In △PQR,
PR 2 = PQ 2 + QR 2            (By Pythagoras theorem)
⇒ PR = 12 2 + 5 2
⇒ PR = 144 + 25 
⇒ PR = 13  2
⇒ PR   = 13
В прямоугольном треугольнике длина медианы гипотенузы равна половине длины гипотенузы.
∴lQS=12PR=1213
= 6,5 ед.
Следовательно, длина QR составляет 6,5 единиц.

Страница № 38:
Вопрос 4:

На данном рисунке точка P точка G является точкой пересечения медиан ∆ PQR . Если GT = 2,5, найдите длины PG и PT.

 

Ответ:

Точка пересечения медиан треугольника делит каждую медиану в отношении 2 : 1.
Предположим, что длина PG и GT равна 2 x и x .
Следовательно, значение x равно 2,5
Теперь PG = 2 x
= 2(2,5)
= 5 единиц
Теперь PT = PG + GT
= 5 + 2,5
= 7,5 единиц
Следовательно,
длина PG и GT составляет 5 и 7,5 единиц соответственно.

Страница № 43:
Вопрос 1:

На данном рисунке точка А лежит на биссектрисе ∠XYZ. Если AX = 2 см, то найти AZ.

Ответ:

Согласно части I теоремы о биссектрисе угла каждая точка биссектрисы угла равноудалена от сторон угла.
∴ AZ = AX
= 2 см
Следовательно, длина AZ равна 2 см.

Страница № 43:
Вопрос 2:

На данном рисунке ∠RST = 56 ° , отрезок PT ⊥луч ST, отрезок PR ⊥ луч SR и отрезок PR≅ РСП. Укажите причину вашего ответа.

Ответ:

По части II теоремы о биссектрисе угла любая точка, равноудаленная от сторон угла, лежит на биссектрисе угла
тнамсп = Ϫrsp
Теперь, ϩstsp + Ϫrsp = omtsr
⇒ ▲rsp + тнам. , мера ∠RSP равна 28 .

Страница № 43:
Вопрос 3:

В ∆PQR, PQ = 10 см, QR = 12 см, PR = 8 см. Найдите наибольший и наименьший углы треугольника.

Ответ:

В △PQR QR и PR — самая длинная и самая маленькая сторона.
Угол, противоположный наибольшей стороне, является наибольшим углом, а угол, противоположный наименьшей стороне, является наименьшим углом.
Следовательно, наибольший и наименьший углы треугольника равны ∠QPR и ∠PQR соответственно.

Страница № 43:
Вопрос 4:

In ∆ FAN, ∠F = 80 ° , ∠A = 40 ° . Найдите наибольшую и наименьшую сторону треугольника. Укажите причину.

Ответ:

в ∆Fan,
ϩF + ♂ + Ϫn = 180 (свойство угловой суммы)
⇒ 80 + 40 + ♂ = 180 + 40 +. 120 + ∠N = 180
⇒ ∠N = 180 − 120
= 60
Теперь в △FAN наибольший угол и ∠A .
Сторона, противоположная наибольшему углу, является наибольшей стороной, а сторона, противоположная наименьшему углу, является наименьшей стороной.
Следовательно, наибольшая и наименьшая сторона треугольника равны AN и ​FN соответственно.

Страница № 43:
Вопрос 5:

Докажите, что равносторонний треугольник равноугольный.

Ответ:

Рассмотрим равносторонний треугольник ABC.

In △ABC, AB = BC
∴ ∠C = ∠A                 …(1)          (Углы, противоположные равным сторонам)
In △ABC, AB = CA
∴ ∠C = ∠B       (Углы, противоположные равным сторонам)
Из (1) и (2) получаем
 ∠A = ∠B =  ∠C

Следовательно, равносторонний треугольник равноугольный.

Страница № 44:
Вопрос 6:

Докажите, что если биссектриса ∠BAC треугольника ∆ABC перпендикулярна стороне BC, то треугольник ∆ABC равнобедренный.

Ответ:


в △ ADB и △ ADC
↑BAD = ↑CAD (AD является бисектором грыти.
По критерию конгруэнтности ASA
△ADB ≅ △ADC
∴ ∠B = ∠C        (соответствующие углы конгруэнтных треугольников)
Если два угла треугольника равны, то треугольник называется равнобедренным.

Страница № 44:
Вопрос 7:

На данном рисунке, если сегмент PR≅сегмент PQ, показать, что сегмент PS > сегмент PQ.

Ответ:

В △PRS ∠PRS — тупой угол.
Так как треугольный угол может иметь не более одного тупого угла.
Следовательно, ∠PRS – наибольший угол.
Следовательно, сторона, противоположная ∠PRS, т. е. PS, является самой длинной стороной.
Теперь, seg PS > seg PR > seg RS
∴ seg PS > seg PQ                  [∵seg PR≅seg PQ]

 

Страница № 44:
Вопрос 8:

На данном рисунке в ∆ABC сегменты AD и сегменты BE являются высотами, а AE = BD. Докажите, что Seg ad ≅seg be

Ответ:

в △ ADB и △ Bea
↑ADB = ↑BEA = 90 (дано)
BD = AE (дано)
AB = BA (Common)
BD = AE (дан) RHS-критерий конгруэнтности
△ADB ≅ △BEA
∴ AD = BE        (соответствующие углы конгруэнтных треугольников)
Отсюда доказано.

Страница № 47:
Вопрос 1:

Если ∆ XYZ ~  ∆ LMN, запишите соответствующие углы двух треугольников, а также запишите отношения соответствующих сторон.

Ответ:

Рассмотрим, ∆ XYZ ~  ∆ LMN
∴XYLM=YZMN=XZLN∠X≅∠L, ∠Y≅∠M и ∠Z≅∠N

В ∆XYZ, XY = 4 см, YZ = 6 см, XZ = 5 см. Если ∆XYZ ~ ∆​ PQR  и PQ = 8 см, то найдите длины остальных сторон ∆PQR.
 

Ответ:

Рассмотрим, ∆ XYZ ~  ∆ PQR
∴XYPQ=YZQR=XZPR⇒48=6QR=5PR⇒48=6QR и 48=5PR
⇒QR=12 см и PR=10 см
Следовательно, длины остальных сторон ∆PQR равны 12 и 10 см.

Страница № 47:
Вопрос 3:

Нарисуйте пару подобных треугольников. Обозначьте их. Покажите их соответствующие углы теми же знаками. Покажите длины соответствующих сторон числами в пропорции.

Ответ:

Пара подобных треугольников дана ниже:

Страница № 49:
Вопрос 1:

Выберите правильный альтернативный ответ на следующие вопросы.


(i) Если две стороны треугольника равны 5 см и 1,5 см, длина его третьей стороны не может быть . . . . . . . .

(A) 3,7 см (B) 4,1 см (C) 3,8 см (D) 3,4 см

(ii)   В ∆PQR, если ∠ R >  ∠Q, то . . . . . . . .

(A) QR > PR

(B) PQ > PR

(C) PQ < PR
(D) QR < PR


(iii) В ∆TPQ, ∠ T = 65 ° , ∠ P = 95 ° какое из следующих утверждений является верным?

(A) PQ < TP

(B) PQ < TQ
(C) TQ < TP < PQ

(D) PQ < TP < TQ

Ответ:

(i) 
Согласно неравенству треугольника «сумма длин любых двух сторон треугольника должна быть больше или равна длине третьей стороны».
Следовательно, длина третьей стороны не может быть больше 3,4 см.
Следовательно, правильный вариант (D).

(ii)  In ∆PQR, If ∠ R >  ∠Q
∴ PQ > PR                       (Сторона, противоположная большему углу, больше, чем сторона, противоположная меньшему углу)
Следовательно, правильный вариант (B).

(iii) В ∆TPQ, ∠ T = 65 ° , ∠ P = 95 °
Треугольник может иметь максимум один тупой угол.
∠T < ∠ P
PQ < TQ                         (Сторона, противоположная большему углу, больше, чем сторона, противоположная меньшему углу)
Следовательно, правильный вариант (B).
 

Страница № 49:
Вопрос 2:

∆ ABC равнобедренный, в котором AB = AC. Сегменты BD и сегменты CE являются медианами. Докажите, что BD = CE.

Ответ:


​В △ABC AB = AC
∴ ∠B = ∠C                    (Углы, противоположные равным сторонам) = ∠DCB               …(2)       
В △BEC и △CDB
∠EBC = ∠DCB                         [Из (2)]
BE = CD (E и D — средние точки AB & AC соответственно и AB = AC)
BC = CB (Common)
С помощью SAS -теста конгруэнтности
△ BEC ≅ △ CDB
∴ BD = CE (соответствующие стороны конгруэнтных треугольников)

Страница № 49:
Вопрос 3:

In ∆PQR, если PQ > PR и биссектрисы ∠Q и ∠R пересекаются в точке S. Покажите, что SQ > SR.

 

Ответ:

В △PQR, PQ > PR
Теперь угол, противоположный большей стороне, больше угла, противоположного меньшей стороне.
∴ ∠R > ∠Q
Разделив обе стороны на 2, получим
12∠R>12∠Q
⇒ ∠SRQ > ∠SQR
⇒ SQ > SR меньший угол)
Отсюда доказано.

 

Страница № 49:
Вопрос 4:

На рисунке точки D и E находятся на стороне BC ∆ABC, так что BD = CE и AD = AE.

Покажите, что ∆ABD≅∆ACE.

Ответ:

в △ ade, ad = ae
∴ onTade = секрета AED + ∠AEC = 180               …(2)
Вычитая (2) из ​​(1), получаем
∠ADB − ∠AEC = 0
⇒ ∠ADB = ∠AEC      3          △ABD и △ACE
∠ADE = ∠AEC                         [Из (3)]
BD = CE                                     (Дано)
AD = AE (дано)
по тесту SAS конгруэнтности
△ ABD ≅ △ ACE

Стр. № 49:
Вопрос 5:

В данном рисунке, точка S является точкой на стороне QR ∆PQR. : Pq + qr + rp> 2ps

Ответ:

в △ PQS
PQ + QS> PS … (1)
(Сумма двух сторон Тралга больше, чем третья сторона)
в △ PRS
RP + RS> PS … (2)
(Сумма двух сторон TRAILL больше третьей стороны)
Добавление (1) и (2), мы получаем
PQ + QS + RP + RS> PS + PS
⇒ PQ + QR + RP > 2PS

Страница № 50:
Вопрос 6:

На данном рисунке биссектриса ∠BAC пересекает сторону BC в точке D. Докажите, что AB > BD

Ответ :

Дано: AD — биссектриса ∠A 
∴ Ϫdab = ↑дак
Теперь, ▲bda — это наружный угол ∆DAC
∴ ↑BDA> ♂дак
⇒ ↑BDA> ↑даб (∵ ϪDAC = Ϫdab)
⇒ AB> BD (SAIDES) противоположная большему углу больше стороны, противоположной меньшему углу)
Отсюда доказано.

Страница № 50:
Вопрос 7:

На данном рисунке сегмент PT является биссектрисой ∠QPR. Прямая через R пересекает луч QP в точке S. Докажите, что PS = PR

Ответ:

По рисунку имеем
ПТ || SR
Если PT || SR и PS — поперечная линия, тогда 
∠QPT = ∠PSR   (соответствующие углы)           .

Добавить комментарий

Ваш адрес email не будет опубликован. Обязательные поля помечены *

© 2015 - 2019 Муниципальное казённое общеобразовательное учреждение «Таловская средняя школа»

Карта сайта

  Заявление Причины
1. ¯AC ~= ¯CD и ACB ~= DCB Дано
2. дет = DCB, как показано на рис. 12.8, тогда ACB ~= DCB.

Заявление Причины
1. ¯CB ¯AD и ACB ~ = DCB Данные
2. ABC ABC ABC ABC ABC ABC ABC и DBC.0030 Definition of
3. mABC = 90º and mDBC = 90º Definition of right angles
4. mABC = mDBC Substitution (step 3)
5. ABC ~= DBC Definition of ~=
6. ¯BC ~= ¯BC Reflexive property of ~=
7. ACB ~= DCB ASA Postulate

4. Если ¯CB ¯AD и CAB ~= CDB, как показано на рис. 12.10, то ACB~= DCB.

9003
Заявление Причины
1. ¯CB ¯AD и CAB ~ = CDB Данные
2.
3. mABC = 90° и mDBC = 90° Определение прямых углов
4. mABC = mDBC Substitution (step 3)
5. ABC ~= DBC Definition of ~=
6. ¯BC ~= ¯BC Reflexive property of ~=
7. ACB ~= DCB Теорема AAS

5. Если ¯CB ¯AD и ¯AC ~= ¯CD, как показано на рис. 12.12, то ACB ~= DCB.

  Заявление Причины
1. ¯cb ¯ad и ¯ac ~ = ¯cd, данный
2. ABC и DBC — правые треугольники Определение правого треуурина
3. вели ~ = = = = = = = = = = = = = = = = = = = = = = = = = = = = = = = = = = = = = = = = = = ~ = = = = = = ~ ~ ~ ~ ~ ~ ~ = = = ~ ~ ~ ~ ~ ~ ~ ~ ~ ~ ~ ~ ~ ~ ~ ~ ~ ~ ~ ~ ~ ~ ~ ~
3.. ¯BC Рефлексивное свойство ~=
4. ACB ~= DCB HL Теорема для прямоугольных треугольников

6. Если P ~= R и показано на рис. 12.17, тогда N ~= Q.

Заявление Причины
1. P ~ = R, а M — средняя точка ¯pr, данный
2. ¯pm ~ = ¯mr
2. ¯pm ~ = ¯mr
2. дет
3. NMP and RMQ are vertical angles Definition of vertical angles
4. NMP ~= RMQ Theorem 8.1
5. PMN ~= RMQ ASA постулат
6. N ~ = Q CPOCTAC

SMILIAR TRINGLES

  1. X = 110008
  2. X = 12
  3. 40CT 13.6, тогда BC / AB = CE / DE .
  Заявление Причины
1. A ~= D Дано
2. BCA and DCE are vertical angles Definition of vertical angles
3. BCA ~= DCE Theorem 8.1
4. ACB ~ DCE AA Теорема сходства
5. до н.э. / AB = CE / DE CSSTAP

5. 150 -го.

Открытие дверей с помощью подобных треугольников

  1. Если прямая параллельна одной стороне треугольника и проходит через середину второй стороны, то она проходит через середину третьей стороны.

¯DE ¯AC, а D — середина ¯AB.

Дано: ¯DE ¯AC и D – середина ¯AB.

Докажите: E — середина ¯BC.

  Заявление Причины
1. ¯DE ¯AC и D – середина ¯AB. Given
2. ¯DE ¯AC and is cut by transversal AB Definition of transversal
3. BDE and BAC are corresponding angles Definition of corresponding angles
4 BDE ~ = BAC Постулат 10.1
5. B ~ = B Рефлексивное свойство ~ =
6. ABC ~ DBE AA.0030
7. DB / AB = BE / BC CSSTAP
8. DB = AB / 2 Theorem 9.1
9. DB / AB = 1 / 2 Algebra
10. 1 / 2 = BE / BC Substitution ( шаги 7 и 9)
11. BC = 2BE Algebra
12. BE + EC = BC Segment Addition Postulate
13. BE + EC = 2BE Substitution ( steps 11 and 12)
14. EC = BE Algebra
15. E is the midpoint of ¯BC Definition of midpoint

2. AC = 43 , АВ = 8, РС = 16, РТ = 83

3. AC = 42 , BC = 42

Четырехугольники на первый план

  1. AD = 63, BC = 27, RS = 45
  2. ¯AX, ¯CZ и ¯DY
1 XB CY показаны четыре высоты.

3. Теорема 15.5. В воздушном змее одна пара противоположных углов конгруэнтна.

Воздушный змей ABCD.

Дано: Воздушный змей ABCD.

Доказать: B ~= D.

  Заявление Основания
1. ABCD — кайт, данный
2. ¯ab ~ = ¯ad и ¯bc ~ = ¯dc Определение кайта
3. ¯ac ~ ~
3. ¯ac ~
3. ¯AC ~ = ¯AC Reflexive property of ~=
4. ABC ~= ADC SSS Postulate
5. B ~= D CPOCTAC

4. Theorem 15.6 : Диагонали воздушного змея перпендикулярны, а диагональ, противоположная конгруэнтным углам, делит другую диагональ пополам.

Воздушный змей ABCD.

Дано: Воздушный змей ABCD.

Докажите: ¯BD ¯AC и ¯BM ~= ¯MD.

  Statement Reasons
1. ABCD is a kite Given
2. ¯AB ~= ¯AD and ¯BC ~= ¯DC Definition воздушного змея
3. ¯AC ~= ¯AC Рефлексивное свойство ~=
4. ABC ~= ADC SSS Postulate
5. BAC ~= DAC CPOCTAC
6. ¯AM ~= ¯AM Reflexive property of ~=
7. ABM ~ = ADM SAS Postulate
8. ¯BM ~= ¯MD CPOCTAC
9. BMA ~= DMA CPOCTAC
10. mBMA = mDMA Определение ~=
11. MBD is a straight angle, and mBMD = 180º Definition of straight angle
12. mBMA + mDMA = mBMD Angle Addition Postulate
13. MBMA + MDMA = 180º Замена (шаги 9 и 10)
14. 2MBMA = 180º Заместитель0030
16. BMA — это прямой угол Определение правого угла
17. ¯BD ¯AC Определение

5. The ParallELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELELEL. конгруэнтны.

Параллелограмм ABCD.

Дано: Параллелограмм ABCD.

Докажите: ABC ~= ADC.

  Заявление Основания
1. Параллелограмм ABCD имеет диагональ ¯AC. Given
2. ABC ~= CDA Theorem 15.7
3. ABC ~= ADC CPOCTAC

6. 144 units 2

7. 180 шт. 2

8. Воздушный змей ABCD имеет площадь 48 шт. 2 .

Параллелограмм ABCD имеет площадь 150 единиц 2 .

Прямоугольник ABCD имеет площадь 104 единицы 2 .

Ромб ABCD имеет площадь 35 / 2 единиц 2 .

Anatomy of a Circle

  1. Circumference: 20 feet, length of ˆRST = 155 / 18 feet
  2. 9 feet 2
  3. 15 feet 2
  4. 28º

The Unit Circle and Тригонометрия

  1. 3 / 34 = 334 / 34
  2. 1 / 3 = 3 / 3
  3. ТАНГАТНЫЕ Отношение = 40 / 3 , соотношение синуса = 40241 / 7
  4. . 56 , отношение косинуса = 56 / 9

Выдержки из The Complete Idiot’s Guide to Geometry в любой форме. Используется по договоренности с Alpha Books , член Penguin Group (USA) Inc.

Чтобы заказать эту книгу непосредственно у издателя, посетите веб-сайт Penguin USA или позвоните по телефону 1-800-253-6476. Вы также можете приобрести эту книгу на Amazon.com и в Barnes & Noble.

  • Геометрия: использование и проверка угловых добавок

Диффузионно-тензорная визуализация показывает различное топографическое поражение таламуса при прогрессирующем надъядерном параличе и кортикобазальной дегенерации

AJNR Am J Neuroradiol. 2009 г.сент.; 30 (8): 1482–1487.

doi: 10.3174/ajnr.A1615

, a , a, c , a , a , a , b , a , b , a и b

Информация об авторе Примечания к статье Информация об авторских правах и лицензии Отказ от ответственности базальные ганглии и их корковые связи. Диффузионно-тензорная томография (ДТИ) — это метод МРТ, чувствительный к целостности микроструктуры серого и белого вещества. Это исследование было проведено, чтобы определить, может ли DTI демонстрировать микроструктурные различия между PSP и CBD, особенно в таламусе и его корковых связях.

МАТЕРИАЛЫ И МЕТОДЫ:

Девять пациентов с вероятным ПНП, 11 с вероятным КБД и 7 контрольных составили группу исследования. Среднее значение кажущегося коэффициента диффузии (ADC ave) и значения фракционной анизотропии (FA) измерялись в исследуемых областях, расположенных в вентролатеральных (моторных), медиальных, передних и задних областях таламуса, базальных ганглиях, лобно-орбитальном белом веществе. , цингулум, дополнительную моторную зону (SMA), а также прецентральные и постцентральные извилины у пациентов и контрольной группы.

РЕЗУЛЬТАТЫ:

При ПСП значения ADC и были повышены в нескольких областях: таламусе, особенно в его переднем и медиальном ядрах; цингулум; двигательная зона; и СМА. Значения FA были особенно снижены в лобно-орбитальном белом веществе, передней части поясной извилины и двигательной области. В CBD ADC ave был увеличен в моторном таламусе, в прецентральной и постцентральной извилинах, ипсилатерально пораженной лобно-теменной коре и в двусторонней SMA. ФА была в основном снижена в прецентральной извилине и СМА, затем в постцентральной извилине и поясной извилине.

ВЫВОДЫ:

У пациентов с ПНП поражение таламуса было диффузным и преобладало в его переднем отделе, тогда как при ОЖП поражение было асимметричным и ограничивалось двигательным таламусом. DTI может быть полезен в дифференциальной диагностике этих двух паркинсонических расстройств.

Прогрессирующий надъядерный паралич (ПНП) ​​и кортико-базальная дегенерация (КБД) являются патологически различными причинами прогрессирующего атипичного паркинсонизма, плохо поддающегося или не поддающегося лечению леводопой. Оба заболевания характеризуются отложением τ-белка (изоформа 4R) в нейронах и глии. 1 Однако области мозга, вовлеченные в 2 состояния, различаются: 2 в основном кора головного мозга при КБД и подкорковые области при ПНП. 3 Хотя диагностические критерии основаны на двигательных нарушениях, всегда присутствуют клинические признаки этих состояний, 4,5 как при снижении когнитивных функций, так и при отклонениях в поведении, часто наблюдается деменция. 6,7

При ПНП дисфункция передней лобной доли является наиболее инвалидизирующим когнитивным дефицитом, отчасти из-за выраженной деафферентации префронтальных областей в результате дегенерации стриатоталамокортикальных путей. 8,9 Цепи, участвующие в поведенческом контроле, включают таламус, в основном медиальный таламус, связанный с лобно-орбитальной корой, и передний таламус, связанный с поясной извилиной. 10

При КБД часты когнитивные и моторные дисфункции, а наиболее характерными высшими корковыми расстройствами являются конечностно-кинетическая апраксия, идеомоторная апраксия и феномен чужеродной конечности, вероятно, связанные с поражением перироландальных областей. 11 Эти области коры функционально связаны с моторным таламусом, группой ядер в латеральной части таламуса.

Традиционная МРТ при ПНП показывает атрофию среднего мозга, особенно дорсальной части среднего мозга; изменения интенсивности сигнала в покрышке и околоводопроводном сером веществе, 12 и заметное увеличение третьего желудочка, что предполагает потерю таламической ткани. 13 Недавние исследования морфометрии на основе вокселей (VBM) подтвердили таламическую атрофию и дополнительно сообщили о симметричной потере ткани в орбитофронтальной коре и передней поясной коре. 14,15

Традиционная МРТ при холедохе показывает асимметричную атрофию коры в лобно-теменных областях, которая сильнее выражена на противоположной стороне с клиническим поражением; поражение базальных ганглиев и таламуса видно редко. 7

Диффузионно-тензорная визуализация (DTI) измеряет поступательное движение молекул воды в биологических тканях. Он измеряет фракционную анизотропию (FA), индекс когерентности белого вещества и упаковки аксонов, а также среднее значение кажущегося коэффициента диффузии (ADC ave 9).0243), индекс средней величины скорости диффузии в каждом вокселе. Снижение линейной организации путей белого вещества будет определять снижение FA. Повреждение белого и серого вещества, даже на микроструктурном уровне, будет определять увеличение ADC ave .

Посмертные патологические исследования показали потерю нейронов с агрегатами τ-белка в таламусе при обеих таупатиях; однако топографическое распределение поражений различается между PSP и CBD. 2

Целью данного исследования было определить, может ли DTI при этих заболеваниях обнаруживать различное распределение микроструктурных повреждений тканей, происходящих в таламусе, базальных ганглиях и их связях с областями коры. Таким образом, показатели DTI в таламусе можно использовать для дифференциальной диагностики двух паркинсонических расстройств.

Девять пациентов с ПНП (5 женщин, 4 мужчины, средний возраст 66,5 лет, диапазон 51–73 года), 11 пациентов с ХБП (7 женщин и 4 мужчины, средний возраст 66,4 года, диапазон 51–77 лет) ) и 7 здоровых добровольцев в контрольной группе по возрасту, максимально приближенному к возрасту пациентов (2 женщины и 5 мужчин; средний возраст 60,4 года; диапазон 55–66 лет). У контрольной группы не было истории или признаков неврологических заболеваний или когнитивных нарушений, и у них были нормальные результаты МРТ головного мозга. Для МРТ-исследований от всех участников было получено письменное информированное согласие.

Пациенты были диагностированы в соответствии с принятыми клиническими критериями 4,5 и имели типичные признаки заболевания. Унифицированная шкала оценки болезни Паркинсона (UPDRS III) использовалась для оценки двигательной инвалидности; Мини-тест психического состояния (MMSE) для оценки психического состояния. У пациентов с CBD акинетический ригидный синдром и апраксия конечностей были более выражены на стороне, противоположной атрофии полушарий, обнаруженной на МРТ, и нарушениях интенсивности сигнала (6 клинически хуже справа, 5 слева).

Визуализация

Использовалась система МР-томографии 1,5 Тл (Avanto; Siemens, Эрланген, Германия). Аксиальное протонное затухание/T2-взвешенные изображения (TR = 3500 мс; TE = 17 и 84 мс; толщина 5 мм), корональное турбо-спиновое эхо T2-взвешенные изображения (TR = 4100 мс, TE = 143 мс, 5 мм толщина) и аксиальные градиент-эхо Т2*-взвешенные изображения (TR = 700 мс, TE = 26 мс, толщина 5 мм). Объемные Т1-взвешенные изображения были получены с помощью быстрого получения последовательности градиентных эхо-сигналов с намагничиванием (160 сагиттальных срезов, TR = 1640 мс, TE = 2,0 мс, TI = 552 мс, размер вокселя = 1 мм9).0240 3 , угол поворота = 12°).

DTI выполняли с использованием дважды перефокусированных однократных спин-эхо-эхо-планарных последовательностей в аксиальных срезах со следующими настройками: TR = 7500 мс, TE = 80 мс, NEX = 10, матрица = 192 × 256, FOV = 180 × 240 мм, толщина профиля = 2,5 мм, без стыкового зазора. ДТИ выполняли по 12 направлениям с b = 1000 с/мм 2 . Кроме того, были получены изображения без диффузионного взвешивания, соответствующие b = 0 с/мм 2 . Диффузионно-взвешенные изображения были скорректированы с учетом вихревых токов, а затем скорректированы с учетом движения головы с помощью программного обеспечения Linear Image Registration Tool Центра функциональной магнитно-резонансной томографии головного мозга (Оксфордский университет, Оксфорд, Великобритания) с номером 12 df . Сбор данных повторялся 5 раз для улучшения отношения интенсивности сигнала к шуму, а затем усреднялся.

Традиционные изображения оценивались совместно двумя старшими нейрорадиологами (A.E., M.G.) на наличие супратенториальной и инфратенториальной атрофии и изменений интенсивности сигнала. Особое внимание уделялось наличию/отсутствию двусторонней/унилатеральной лобно-теменной атрофии, дилатации ипсилатерального желудочка, увеличению третьего желудочка, аномалиям интенсивности сигнала коры или подкорки, атрофии базальных ганглиев, атрофии среднего мозга (с измерением переднезаднего диаметра) и интенсивности сигнала покрышки. аномалии. МРТ-изображения контрольной группы оценивались аналогичным образом.

Анализ изображения

Тензор был оценен статистически с использованием модели многомерной линейной регрессии, предполагающей моноэкспоненциальную зависимость между интенсивностью сигнала и произведением матрицы b и компонентов матрицы тензора диффузии. 16 Карты ADC ave и FA были рассчитаны с использованием программного обеспечения DTIStudio 17 (Университет Джона Хопкинса, Балтимор, Мэриленд) и были измерены в нескольких представляющих интерес областях. Интересующие круговые области были независимо идентифицированы одними и теми же двумя нейрорадиологами на цветных картах DTI и на эхо-планарных изображениях DTI с б = 0 с/мм 2 . Области интереса были переданы на карты ADC ave и FA. Чтобы свести к минимуму эффекты частичного объема, мы выбрали интересующие области диаметром от 2 до 4 мм. В темных серых ядрах интересующие области располагались билатерально в головке хвостатого ядра; в центральной части бледного шара и скорлупы; и в переднем, медиальном, латеральном (двигательном) и заднем таламусе, идентифицированном в соответствии со Стереотаксическим атласом таламуса и базальных ганглиев человека год Анны Морель. 18,19 Более конкретно, исследуемая область, расположенная в переднем таламусе, располагалась в передней части ядра рядом с коленом внутренней капсулы, заднелатеральнее передней колонны свода. Области интереса в медиальном и моторном таламусе располагались в одной и той же коронарной плоскости корково-спинномозгового пути в задней ножке внутренней капсулы, вблизи третьего желудочка и задней ножки внутренней капсулы соответственно. Область интереса в заднем таламусе располагалась на 8–10 мм позади моторного таламуса.

Интересующие области белого вещества располагались в верхних ножках мозжечка, латеральных префронтальных и лобно-орбитальных областях, цингулуме, белом веществе вблизи дополнительной двигательной области (ДМА) и белом веществе прецентральной области (область ручек) и постцентральные извилины на одинаковом расстоянии от средней линии. Ниже приведены более подробные положения: 1) в префронтальной латеральной области области интереса располагались в белом веществе лобной покрышки в нижней лобной извилине; 2) в лобно-орбитальной области области интереса располагались в белом веществе медиальной надглазничной извилины; 3) цингулюм оценивали в его переднем сегменте (перед коленом мозолистого тела) и заднем сегменте (позади валика), где пучки проходят каудокраниально и на цветовой карте кажутся голубыми; 4) SMA была идентифицирована как парасагиттальная извилина, ограниченная сзади первичной моторной корой и спереди коронарной плоскостью, содержащей вертикальную линию, пересекающую переднюю комиссуру и перпендикулярную плоскости переднезадней комиссуры. 20 Значения ADC измерялись во всех исследуемых областях, как в белом, так и в сером веществе. Измерения ФА были получены в белом веществе и в таламусе из-за высокого содержания в них волокон белого вещества. Все положения интересующей области показаны на и .

Открыть в отдельном окне

Позиционирование областей интереса для измерения ADC и FA в таламусе. AT указывает на передний таламус; моторный Т, моторный таламус; MT, медиальный таламус; PT, задний таламус.

Открыть в отдельном окне

Позиционирование областей интереса для измерения ADC и FA в базальных ганглиях и белом веществе. CN указывает на хвостатое ядро; ГП, бледный шар; Pt, скорлупа; SCP, верхняя ножка мозжечка; FO, лобно-орбитальная извилина; IFG, нижняя лобная извилина; AC, передний пояс; ПК, задний цингулум; SMA, дополнительная двигательная зона.

Статистический анализ

Различие в распределении по полу между группами оценивали по критерию χ 2 тест. Возрастные различия исследовали с помощью однофакторного дисперсионного анализа (ANOVA) с последующей поправкой Тьюки. Различия в длительности заболевания и баллах UPDRS и MMSE оценивали с помощью непараметрического критерия Манна-Уитни U из-за небольшого размера выборки. Межэкспертная и внутриэкспертная надежность измерений ADC и и FA определялась коэффициентами внутриклассовой корреляции, полученными с использованием односторонней модели случайных эффектов ANOVA. Межэкспертная надежность оценивалась на всех сканах. Внутриэкспертная надежность оценивалась по 10 сканам, оцененным первым оценщиком. Затем значения усреднялись, и использовалось среднее значение.

После подтверждения отсутствия латерализации ADC и и изменения FA у пациентов с ПНП и контрольной группой с помощью парного теста t мы усреднили измерения по 2 полушариям. Для пациентов с CBD измерения с каждой стороны были усреднены для областей, для которых не было обнаружено различий между двумя сторонами; в противном случае использовалось значение наиболее затронутой стороны (т. е. более высокое значение ADC или и более низкое значение FA).

Односторонний дисперсионный анализ с группой в качестве фактора с последующим тестом Тьюки для множественных сравнений был использован для оценки различий в ADC и и измерения FA среди 3 групп после определения того, что распределения значений были нормальными с помощью теста Шапиро-Уилка на нормальность. Различия считались значимыми для P < 0,05. Результаты представлены в виде средних значений и стандартных отклонений. Анализы проводились с помощью Статистического пакета для социальных наук, версия 13.0 для Windows (SPSS, Чикаго, штат Иллинойс).

Демографические и клинические данные пациентов и контрольной группы представлены в интерактивной таблице 1. Дисперсионный анализ не выявил существенной разницы в возрасте между группами. Межэкспертный и интраэкспертный анализ надежности показали хорошее совпадение ( r > 0,85, r > 0,83 соответственно). Результаты статистического анализа выбранных областей мозга для ADC и представлены в онлайн-таблице 2, а для FA — в онлайн-таблице 3. пр. в хвостатом ядре (F = 5,343, P = 0,012), бледный шар (F = 3,952, P = 0,033), передний (F = 7,433, P = 0,003), медиальные (F = 4,360, P = 0,024) и двигательные таламусы (F = 7,713, P = 0,003), верхние ножки мозжечка (F = 4,503, P = 0,022) , передняя (F = 3,542, P = 0,045) и задняя цингула (F = 4,085, P = 0,030), SMA (F = 7,416, P = 0,003) и прецентральная (F = 20,37) , P < 0,001) и постцентральные извилины (F = 12,51, P < 0,001).

У пациентов с ПНП по сравнению с контрольной группой тест Тьюки показал ADC ave увеличение головки хвостатого ядра ( P = .015), бледного шара ( P = .026), переднего таламуса ( P = .004) и медиального ( P = .004). 049) и двигательные таламусы ( P = 0,015). ADC ave также был повышен в верхних ножках мозжечка ( P = 0,04), передней поясной извилине ( P = 0,043) и задней поясной извилине ( P = 0,027), SMA ( P ). = 0,045), а прецентральная извилина ( P = 0,027).

У пациентов с ХБД по сравнению с контрольной группой мы обнаружили увеличение ADC аве в головке хвостатого ядра ( P = 0,028), двигательном таламусе ( P = 0,002), SMA ( P = 0,002), предцентральная извилина ( P < 0,001) и постцентральная извилина ( P < 0,001).

При сравнении пациентов с ПНП и КБД мы обнаружили более высокие значения ADC и у пациентов с ПНП в переднем таламусе ( P = 0,018), медиальный таламус ( P = 0,041) и верхние ножки мозжечка ( P = 0,042). Более высокие значения ADC и были обнаружены у пациентов с CBD в прецентральной ( P = 0,004) и постцентральной извилинах ( P = 0,021).

Фракционная анизотропия

ANOVA показал значительные различия между группами для FA в лобно-орбитальной области (F = 5,764, P = 0,009), передней (F = 14,85, P < 0,001) и задней (F = 5,263, P = 0,013) поясная извилина, SMA (F = 7,19, P = 0,004), прецентральная извилина (F = 29,032, P < 0,001) и постцентральная извилина (F = 4,760, P = 0,018). У пациентов с ПНП по сравнению с контрольной группой тест Тьюки показал, что ФА была ниже в лобно-орбитальной области ( P = 0,007), передней части поясной извилины ( P < 0,001), задней части поясной извилины ( P = . 012), СМА ( P = 0,031), предцентральная извилина ( P < 0,001) и постцентральная извилина ( P = 0,031). У пациентов с CBD по сравнению с контролем мы обнаружили, что FA была ниже в передней части поясной извилины ( P = 0,028), задней части поясной извилины ( P = 0,047), SMA ( P = 0,003), прецентральной извилине ( P < 0,001) и постцентральной извилине ( P = 0,027). При сравнении пациентов с ПНП и КБД мы обнаружили, что ФА была ниже в передней части поясной извилины ( P = 0,013) у пациентов с ПНП.

Наиболее важным открытием этого исследования было то, что показатели DTI (ADC ave ) достаточно чувствительны, чтобы выявить различия в топографии поражения в таламусе между пациентами с ПНП и ХБП. Переднее и медиальное ядра таламуса поражались только у пациентов с ПНП. Моторный таламус был вовлечен в обе таупатии, но аномалии были асимметричными при КБД и симметричными при ПСП.

Значимые различия в ADC и , аномалии FA были обнаружены и в других областях мозга. Передний пояс, функционально связанный с передним таламусом, характеризовался высоким ADC 9.0242 ave и низкая ФА у пациентов с ПНП. Лобно-орбитальная область, функционально связанная с медиальным таламусом, характеризовалась аномально низкой ФА у пациентов с ПНП. Аномальные значения ADC и и FA были измерены в первичной моторной коре и SMA, которые функционально связаны с моторным таламусом при обеих таупатиях. В постцентральной извилине FA была аномальной у обоих, тогда как ADC и были повышены только у пациентов с CBD. Это исследование показывает, что DTI обнаруживает микроструктурные изменения в уязвимых областях серого и белого вещества у пациентов с таупатиями, несмотря на отсутствие аномалий интенсивности сигнала на обычной МРТ. Особенностью этого исследования была демонстрация того, что значительные FA и ADC ave аномалии обнаруживаются в анатомических областях мозга, о функциональной связи которых априори известно.

Это исследование предполагает, что патологические изменения, такие как образование агрегатов τ-белка и потеря нейронов в сером веществе у пациентов с ПНП и ХЗК, приводят к повышению ADC ave , вероятно, из-за сниженной организации ткани, которая представляет собой микроструктурные барьеры. к диффузии воды в интерстиций. Снижение FA в белом веществе, соединяющем пораженные области серого вещества, может означать потерю когерентности, уменьшение упаковки аксонов и демиелинизацию, вероятно, вторичную по отношению к валлеровской дегенерации. При нейродегенеративных заболеваниях снижение FA часто связано с повышением ADC 9.0242 ave , хотя эти 2 показателя измеряют разные физические явления. Хотя при нейродегенеративных заболеваниях ADC или в основном связаны со структурой ткани и амплитудой внеклеточных пространств, ограничивающих движения молекул воды (и поэтому подходят для изучения как серого, так и белого вещества), ФА зависит от ограничение движения воды в определенном направлении, поскольку оно возникает в анизотропной ткани, в которой волокна белого вещества имеют преобладающую направленность.

Это исследование было первым, в котором изучался региональный анализ в таламусе с параметрами DTI. Два предыдущих исследования 21,22 также продемонстрировали аномальное увеличение ADC ave в таламусе по сравнению со здоровыми субъектами, но с одной большой интересующей областью. Padovani et al. 21 обнаружили аномально сниженную ФА в двусторонних лучевых лучах заднего таламуса и переднего таламуса.

В 1990-х годах несколько подробных нейропатологических исследований изучали топографическое распределение и плотность нейрофибриллярных клубков в таламусе у пациентов с ПНП. 23–25 Впоследствии было продемонстрировано наличие большого количества внутриклеточных нейрофибриллярных клубков в медиальном таламусе пациентов с ПНП с аналогичным, но менее распространенным поражением переднего таламуса. 26 Передние ядра таламуса связаны с поясной извилиной, а медиальные ядра таламуса связаны с лобно-орбитальной извилиной. Эти связи являются частью лимбических цепей, участвующих в поведенческом контроле. 10 Аномалии в этих цепях у пациентов с ПНП могут объяснить апатию, снижение беглости речи и двигательную заторможенность. Наши выводы об аномальном ADC ave или значения FA в передних и медиальных таламусах, передней поясной извилине и лобно-орбитальных областях также согласуются с морфометрическими аномалиями, выявленными с помощью VBM. 14 Кроме того, они хорошо коррелируют с функционально-анатомическими моделями поведенческих нарушений, характерных для ПНП. 7

В соответствии с Seppi et al., 27 аномально высокий ADC ave в головке хвостатого ядра был задокументирован. Головка хвостатого ядра связана с дорсолатеральными префронтальными областями и является компонентом стриатоталамокортикальных цепей, участвующих в исполнительных функциях, которые также нарушаются при ПНП. Однако мы обнаружили, что ADC ave и FA были нормальными в нижней лобной извилине, части дорсолатеральной префронтальной области, возможно, из-за небольшого размера областей интереса по сравнению с анализируемой областью.

Бледный шар сильно поражается при ПНП, преимущественно в его наружной части. 28 Вместе с вентролатеральным и вентропередним ядрами таламуса (моторный таламус) бледный шар участвует в моторной цепи, связывающей базальные ганглии с моторной корой, премоторной корой и СМА. 28–31 Наши данные об аномально высоких значениях ADC и в бледном шаре и латеральной части таламуса вместе с низким уровнем FA в первичной моторной коре и SMA согласуются с результатами патологоанатомических исследований. 32 Наши результаты в первичной двигательной области также согласуются с результатами других исследований изображений. 21,22,27,33 Эти аномалии в нескольких областях двигательной цепи могут помочь объяснить двигательные дисфункции, такие как кинетическая апраксия, часто наблюдаемые у пациентов с ПНП. 34

ADC ave аномалий в скорлупе не обнаружено, несмотря на ее участие в ПСП. Анатомическая архитектура скорлупы и ее соединений сложна, и для выявления отдельных топографических аномалий может потребоваться анализ нескольких областей интереса, например, выполненный в таламусе.

Как и ожидалось, мы обнаружили аномально высокие значения ADC и в верхних ножках мозжечка только у пациентов с ПНП, что соответствует данным визуализирующих и патологоанатомических исследований, показывающих атрофию. 35 Однако FA не была аномальной в этой структуре, что свидетельствует о сохранении когерентности и упаковки пучков.

В этом исследовании в CBD было показано аномально повышенное ADC ave в моторном таламусе, прецентральных и постцентральных извилинах атрофического полушария и двусторонне в хвостатом и SMA. Были показаны аномально низкие ФА в первичной двигательной области, СМА, постцентральной извилине, передней и задней поясной извилинах. Эти данные согласуются с результатами посмертных исследований. Макроскопическое исследование головного мозга обычно выявляет асимметричную атрофию извилин, наиболее выраженную в пре- и постцентральных областях, где обнаруживаются набухшие и вакуолизированные корковые нейроны (баллонные нейроны) и нейрофибриллярные клубки. 36,37 Потеря нейронов, глиоз и нейрофибриллярные клубки также характерны для поражений моторного таламуса. 38 Традиционная МРТ в большинстве случаев демонстрирует асимметричную перицентральную кортикальную атрофию, а гиперинтенсивность атрофической коры и нижележащего белого вещества можно увидеть на изображениях восстановления инверсии с ослаблением жидкости. 39 Исследования VBM подтвердили, что атрофия коры в перицентральных областях явно асимметрична при CBD и в этом отношении отличается от таковой при PSP. 40

Хотя обычные МРТ исследования не выявляют вовлечения таламуса в ХЗК, фтордезоксиглюкозо-позитронно-эмиссионная томография и гексаметилпропиленаминооксим-однофотонная эмиссионная КТ показали асимметричный гипометаболизм в таламусе, прецентральных и постцентральных извилинах и стриатуме. 41 Наши данные описывают вовлечение таламуса в CBD с большей пространственной детализацией, демонстрируя аномально высокий ADC ave в моторном таламусе, противоположном стороне с клиническим поражением. Мы также обнаружили повышенный АЦП ave в головке хвостатого ядра, но не в скорлупе или бледном шаре. Ввиду аномальных ADC ave и FA в постцентральной извилине мы отметили, что ADC ave был нормальным в функционально связанном ипсилатеральном заднем таламусе.

Распределение аномалий, наблюдаемых у наших пациентов с CBD, согласуется с клинической картиной, характеризующейся корковыми сенсорными нарушениями, двигательной неуклюжестью и конечностно-кинетической апраксией. Наши результаты также согласуются с исследованием DTI 9.0240 42 в CBD, который показал снижение FA в дорсолатеральных лобно-теменных ассоциативных путях и в интратеменных (аркуатных) пучках, несмотря на существенные методологические различия в анализе данных. В этом исследовании специально не оценивались параметры DTI в субрегионах таламуса, за исключением pulvinar. Более недавнее диффузионное исследование, в котором оценивались только значения ADC и , показало, что полушарная асимметрия позволяет отличить пациентов с CBD от пациентов с PSP и болезнью Паркинсона. Однако различия в таламусах не достигали статистической значимости. 43

Ограничения

В этом исследовании есть несколько ограничений. Подтверждения клинического диагноза патологоанатомическими исследованиями не проводилось. Число пациентов было небольшим, как и ожидалось, при относительно редких заболеваниях. Некоторые из областей, которые мы оценивали, такие как нижняя лобная извилина, имеют значительное количество пересекающихся волокон. В будущих исследованиях более оптимизированные методологии DTI, такие как визуализация диффузионного спектра, могут помочь решить эту проблему. 44 Использование большей напряженности магнитного поля (3 Тл) и протокола с более чем 12 направлениями также будет иметь дополнительные преимущества в будущих исследованиях.

Несмотря на эти ограничения, наше исследование показало, что параметры DTI чувствительны к микроскопической дегенерации отдельных тканей в отдельных областях таламуса и связям их белого вещества с корой. Пространственное распределение изменений диффузионной способности в таламусе было различным у пациентов с ПНП и ХБП. Таким образом, показатели DTI могут быть полезны при дифференциальной диагностике этих двух паркинсонических расстройств. Тем не менее, оценка когнитивных и поведенческих нарушений у большей группы пациентов с ПНП и ХБП, обследованных с ДТН, необходима для установления более точных корреляций между конкретными когнитивными и двигательными дисфункциями и анатомическими областями, в которых проявляются микроструктурные аномалии.

указывает на статью с дополнительной онлайн-таблицей.

1. Ди Мария Э., Табатон М., Виго Т. и др. Кортикобазальная дегенерация имеет общий генетический фон с прогрессирующим надъядерным параличом. Энн Нейрол 2000 г.; 47: 374– 77 [PubMed] [Google Scholar]

2. Хаттори М., Хасидзуме Ю., Йошида М. и др. Распределение астроцитарных бляшек в корково-базальной дегенерации головного мозга и сравнение с пучковидными астроцитами при прогрессирующем надъядерном параличе головного мозга. Акта Нейропатол 2003 г.; 106: 143– 49Epub 2003 2 мая [PubMed] [Google Scholar]

3. Арванитакис З., Вшолек З.К. Последние достижения в понимании тау-белка и двигательных расстройств. Карр Опин Нейрол 2001 г.; 14: 491– 97 [PubMed] [Google Scholar]

4. Литван И., Агид Ю., Калне Д. и др. Клинические критерии исследования для диагностики прогрессирующего надъядерного паралича синдрома Стила-Ричардсона-Ольшевского: отчет международного семинара NINDS-SPSP. неврология 1996 год; 47: 1– 9 [PubMed] [Google Scholar]

5. Кумар Р., Бержерон С., Полланен М.С. и соавт. Янкович Дж., Толоса Э.ред. Корково-базальная ганглиозная дегенерация. Болезнь Паркинсона и двигательные расстройства. 3-е изд. Балтимор: Уильямс и Уилкинс Пресс; 1998: 297– 316 [Google Scholar]

6. Махер Э.Р., Лис А.Дж. Клинические особенности и естественное течение прогрессирующего надъядерного паралича при синдроме Стила-Ричардсона-Ольшевского. неврология 1986 год; 36: 1005– 08 [PubMed] [Google Scholar]

7. Соливери П., Монца Д., Париди Д. и др. Когнитивные и магнитно-резонансные аспекты кортико-базальной дегенерации и прогрессирующего надъядерного паралича. неврология 1999 г.; 53: 502– 07 [PubMed] [Google Scholar]

8. Соливери П., Монца Д., Париди Д. и др. Нейропсихологическое наблюдение за пациентами с болезнью Паркинсона, мультисистемной атрофией по типу стриатонигральной дегенерации и прогрессирующим надъядерным параличом. J Neurol Нейрохирург Психиатрия 2000 г.; 69: 313– 18 [Бесплатная статья PMC] [PubMed] [Google Scholar]

9. Литван И., Фиппс М., Фарр В.Л. и др. Рандомизированное плацебо-контролируемое исследование донепезила у пациентов с прогрессирующим надъядерным параличом. неврология 2001 г.; 57: 467– 73 [PubMed] [Google Scholar]

10. Каммингс Дж.Л. Фронтально-подкорковые цепи в поведении человека. Арка Нейрол 1993 год; 50: 873– 80 [PubMed] [Google Scholar]

11. Шнайдер Дж.А., Уоттс Р.Л., Гиринг М. и др. Кортикобазальная дегенерация: нейропатологическая и клиническая гетерогенность. неврология 1997; 48: 959– 69 [PubMed] [Google Scholar]

12. Савоярдо М., Страда Л., Джиротти Ф. и др. МРТ при прогрессирующем надъядерном параличе и синдроме Шай-Дрейгера. J Comput Assist Томогр 1989 год; 13: 555– 60 [PubMed] [Google Scholar]

13. Савоярдо М., Джиротти Ф., Страда Л. и др. Магнитно-резонансная томография при прогрессирующем надъядерном параличе и других заболеваниях паркинсонизма. Приложение J Neural Transm 1994 год; 42: 93– 110 [PubMed] [Google Scholar]

14. Cordato NJ, Duggins AJ, Halliday GM, et al. Клинические нарушения коррелируют с регионарной церебральной атрофией при прогрессирующем надъядерном параличе. Мозг 2005 г.; 128: 1259– 66 [PubMed] [Google Scholar]

15. Боксер А.Л., Гешвинд М.Д., Белфор Н. и соавт. Паттерны атрофии головного мозга, которые отличают синдром корково-базальной дегенерации от прогрессирующего надъядерного паралича. Арка Нейрол 2006 г.; 63: 81– 86 [PubMed] [Google Scholar]

16. Бассер П.Дж., Маттьелло Дж. , ЛеБихан Д. Оценка эффективного тензора самодиффузии по спиновому эху ЯМР. J Magn Reson B 1994 год; 103: 247– 54 [PubMed] [Google Scholar]

17. Цзян Х., ван Зийл П.С., Ким Дж. и др. DtiStudio: ресурсная программа для вычисления тензора диффузии и отслеживания пучков волокон. Вычислительные методы Программы Биомед 2006 г.; 81: 106– 16 [PubMed] [Академия Google]

18. Wiegell MR, Tuch DS, Larsson HB, et al. Автоматическая сегментация ядер таламуса по данным диффузионно-тензорной магнитно-резонансной томографии. Нейроизображение 2003 г.; 19: 391– 401 [PubMed] [Google Scholar]

19. Ниманн К., Менникен В.Р., Жанмонод Д. и др. Стереотаксический атлас таламуса человека Мореля: регистрация атласа в МРТ внутренне согласованной канонической модели. НейроИзображение 2000 г.; 12: 601– 16 [PubMed] [Google Scholar]

20. Пикард Н., Стрик П.Л. Моторные зоны медиальной стенки: обзор их расположения и функциональной активации. Кора головного мозга 1996; 6: 342– 53 [PubMed] [Google Scholar]

21. Падовани А., Боррони Б., Брамбати С.М. и др. Диффузионно-тензорная визуализация и морфометрия на основе вокселей при раннем прогрессирующем надъядерном параличе. J Neurol Нейрохирург Психиатрия 2006 г.; 77: 457– 63 [Бесплатная статья PMC] [PubMed] [Google Scholar]

22. Павиур Д.К., Прайс С.Л., Стивенс Дж.М. и др. Количественное измерение МРТ верхней ножки мозжечка при прогрессирующем надъядерном параличе. неврология 2005 г.; 64: 675– 79 [PubMed] [Академия Google]

23. Стил Дж., Ричардсон Дж., Ольшевски Дж. Прогрессирующий надъядерный паралич: гетерогенная дегенерация ствола головного мозга, базальных ганглиев и мозжечка с вертикальным взором и псевдобульбарным параличом, затылочной дистонией и деменцией. Арка Нейрол 1964 год; 10: 333– 59 [PubMed] [Google Scholar]

24. Лантос ПЛ. Невропатология прогрессирующего надъядерного паралича. Приложение J Neural Transm 1994 год; 42: 137– 52 [PubMed] [Google Scholar]

25. Мацумото Р., Накано И., Араи Н. и др. Прогрессирующий надъядерный паралич с асимметричными поражениями таламуса и мозжечка, с особым упором на одностороннее преобладание множества торпед. Акта Нейропатол 1996; 92: 640– 44 [PubMed] [Google Scholar]

26. Хендерсон Дж.М., Карпентер К., Картрайт Х. и др. Потеря интраламинарных ядер таламуса при прогрессирующем надъядерном параличе и болезни Паркинсона: клинические и терапевтические последствия. Мозг 2000 г.; 123: 1410– 21 [PubMed] [Google Scholar]

27. Сеппи К., Шоке М.Ф., Эстерхаммер Р. и соавт. Диффузионно-взвешенная визуализация отличает прогрессирующий надъядерный паралич от БП, но не от паркинсонического варианта множественной системной атрофии. неврология 2003 г.; 60: 922– 27 [PubMed] [Google Scholar]

28. CD Хардмана, Холлидей GM. Внешний бледный шар у пациентов с болезнью Паркинсона и прогрессирующим надъядерным параличом. мов расстройство 1999 г.; 14: 626– 33 [PubMed] [Google Scholar]

29. ДеВито Дж.Л., Андерсон М.Э. Авторадиографическое исследование эфферентных связей бледного шара у Macaca mulatta. Мозг опыта 1982 год; 46: 107– 17 [PubMed] [Google Scholar]

30. Стрик пл. Анатомический анализ вентролатерального таламического входа в моторную кору приматов. J Нейрофизиол 1976; 39: 1020– 31 [PubMed] [Google Scholar]

31. Шелл Г.Р., Стрик П.Л. Происхождение таламических входов в дугообразную премоторную и дополнительную моторную области. Джей Нейроски 1984 год; 4: 539– 60 [Бесплатная статья PMC] [PubMed] [Google Scholar]

32. Холлидей Г.М., Макдональд В., Хендерсон Дж.М. Сравнение дегенерации моторного таламуса и коры между прогрессирующим надъядерным параличом и болезнью Паркинсона. Мозг 2005 г.; 128( п. 10): 2272– 80 [PubMed] [Google Scholar]

33. Николетти Г., Лоди Р., Кондино Ф. и др. Измерение кажущегося коэффициента диффузии средней ножки мозжечка позволяет отличить паркинсоновский вариант MSA от болезни Паркинсона и прогрессирующего надъядерного паралича. Мозг 2006 г.; 129( п. 10): 2679– 87 Epub 2006 30 июня [PubMed] [Google Scholar]

34. Соливери П., Пьячентини С., Джиротти Ф. Апраксия конечностей и когнитивные нарушения при прогрессирующем надъядерном параличе. Нейрокейс 2005 г.; 11: 263– 67 [PubMed] [Google Scholar]

35. Tsuboi Y, Slowinski J, Joseph KA, et al. Атрофия верхних ножек мозжечка при прогрессирующем надъядерном параличе. неврология 2003 г.; 60: 1766– 69 [PubMed] [Google Scholar]

36. Диксон Д.В., Бержерон С., Чин С.С. и др. Управление редких заболеваний, невропатологические критерии кортико-базальной дегенерации. J Нейропатол Эксперт Нейрол 2002 г.; 61: 935– 46 [PubMed] [Google Scholar]

37. Ребейз Дж.Дж., Колодный Э.Х., Ричардсон Э.П. Кортикодентатонигральная дегенерация с ахромазией нейронов. Арка Нейрол 1968 год; 18: 20– 33 [PubMed] [Google Scholar]

38. Гибб В.Р., Лютерт П.Дж., Марсден К.Д. Кортикобазальная дегенерация. Мозг 1989 год; 112: 1171– 92 [PubMed] [Google Scholar]

39. Савоярдо М., Гризоли М., Джиротти Ф. Магнитно-резонансная томография при CBD, связанных с ним атипичных паркинсонических расстройствах и деменции. Ад Нейрол 2000 г.; 82: 197– 208 [PubMed] [Академия Google]

40. Джозефс К.А., Уитвелл Дж.Л., Диксон Д.В. и соавт. Морфометрия на основе вокселей при вскрытии подтвержденных PSP и CBD. Нейробиол Старение 2008 г.; 29: 280– 89 [Бесплатная статья PMC] [PubMed] [Google Scholar]

41. Брукс диджей. Функциональные визуализирующие исследования при кортикобазальной дегенерации. Ад Нейрол 2000 г.; 82: 209– 15 [PubMed] [Google Scholar]

42. Боррони Б., Гариботто В., Агости С. и др. Изменения белого вещества при синдроме корково-базальной дегенерации и корреляция с апраксией конечностей. Арка Нейрол 2008 г.; 65: 796– 801 [PubMed] [Google Scholar]

43. Риццо Г., Мартинелли П., Мэннерс Д. и др. Диффузионно-взвешенное исследование изображений головного мозга пациентов с клиническим диагнозом корково-базальной дегенерации, прогрессирующего надъядерного паралича и болезни Паркинсона. Мозг 2008 г.; 131: 2690– 700 [PubMed] [Google Scholar]

44. Ведин В.Дж., Ван Р.П., Шмахманн Д.Д. и др. Диффузионно-спектральная магнитно-резонансная томография (ДСИ) трактография пересекающихся волокон. Нейроизображение 2008 г.; 41: 1267– 77 [PubMed] [Академия Google]

Q14 Используйте информацию, приведенную на следующем рисунке, чтобы доказать, что треугольники ABD и CBD равны A.

..

Перейти к

  • Упражнение 19
  • Целые числа
  • Рациональное число
  • Фракции (включая задачи)
  • Десятичные дроби (десятичные дроби)
  • Показатели (включая законы показателей)
  • Соотношение и пропорция (включая долю в соотношении)
  • Унитарный метод (включая время и работу)
  • Процент и процент
  • Прибыль, убыток и дисконт
  • Простой интерес
  • Основные понятия (включая основные операции)
  • Простые линейные уравнения (включая текстовые задачи)
  • Понятия набора (некоторые простые деления по ведическому методу)
  • Линии и углы (включая построение углов)
  • Треугольники
  • Теорема Пифагора
  • Симметрия (включая отражение и вращение)
  • Распознавание твердых тел (представление 3D в 2D)
  • Конгруэнтность: конгруэнтные треугольники
  • Измерение
  • Обработка данных
  • Вероятность

Главная > Селина Солюшнс Класс 7 Математика > Глава 19. Конгруэнтность: конгруэнтные треугольники > Упражнение 19 > Вопрос 14

Вопрос 14 Упражнение 19{\circ}

Похожие вопросы

Q1) Укажите, равны ли пары треугольников, изображенных на следующих рисунках:

Q2) По данному рисунку докажите, что: ∆ABD ≅ ∆ACD

Q3) Докажите, что: (i) ∆ABC ≡∆ADC (ii) ∠B = ∠D (iii) AC делит пополам угол DCB

Q4) Докажите, что: (i) ∆ABD ≡ ∆ACD (ii) ∠B = ∠C(iii) ∠ADB = ∠ADC (iv) ∠ADB = 90°

Q5) На данном рисунке докажите, что: (i) ∆ACB ≅ ∆ECD (ii) AB = ED

Q6) Докажите, что: (i) ∆ ABC ≅ ∆ ADC (ii) ∠B = ∠D

Фейсбук WhatsApp

Копировать ссылку

Было ли это полезно?

Упражнения

Упражнения 19

Главы

Целые числа

Рациональные числа

Фракции (включая проблемы)

Десятичные фракции (Decimals)

(включая законы экспонентов)

1. соотношение)

Унитарный метод (включая время и работу)

Проценты и проценты

Прибыль, убыток и дисконт

Простые проценты

Основные понятия (включая основные операции)

Простые линейные уравнения (включая текстовые задачи) Углы (включая построение углов)

Треугольники

Теорема Пифагора

Симметрия (включая отражение и вращение)

Распознавание твердых тел (представление 3D в 2D)

Конгруэнтность: конгруэнтные треугольники

Измерение

Обработка данных

Вероятность

Курсы

Быстрые ссылки

Условия и политика

Условия и политика

2022 © Quality Tutorials Pvt Ltd Все права защищены . Одно из свойств параллелограмма состоит в том, что противоположные углы равны, как мы сейчас покажем.

Поскольку это свойство любого параллелограмма, оно также верно для любого специального параллелограмма, такого как прямоугольник, квадрат или ромб.

Задача

ABCD — параллелограмм, AD||BC и AB||DC. Докажите, что ∠BAD ≅ ∠DCB и что ∠ADC ≅ ∠CBA

Strategy

Это можно сделать двумя способами. Во-первых, использовать конгруэнтные треугольники, чтобы показать, что соответствующие углы конгруэнтны, а во-вторых, использовать теорему о чередующихся внутренних углах и применить ее дважды.

Давайте сначала воспользуемся конгруэнтными треугольниками, потому что это требует меньше дополнительных линий. Проведите диагональ BD, и мы покажем, что ΔABD и ΔCDB конгруэнтны.

Чтобы показать, что эти два треугольника конгруэнтны, мы будем использовать тот факт, что это параллелограмм, и в результате две противоположные стороны параллельны, а диагональ действует как поперечная линия.

Диагональ является общей стороной, а также секущей, которая пересекает обе пары противоположных сторон параллелограмма, образуя две пары конгруэнтных альтернативных внутренних углов.

Треугольники ΔABD и ΔCDB конгруэнтны на основании постулата угол-сторона-угол, и мы можем показать, что противоположные углы параллелограмма конгруэнтны как соответствующие углы (используя теорему сложения углов для одной из пар).

Доказательство

Вот как вы доказываете, что в параллелограммах противоположные углы равны:

(1) ABCD — параллелограмм        //Дано

(2) AD || BC                                //Из определения параллелограмма

(3) ∠ADB ≅ ∠CBD                      // Теорема о альтернативных внутренних углах

(4) AB || DC // Из определения параллелограммы

(5) ♂дба ≅ Ϫcdb // Альтернативные внутренние углы Теорема

(6) BD = BD // ОБЩАЯ СТО // (3), (6), (5) Постулат Угол-Сторона-Угол

(8) ∠BAD ≅ ∠DCB                      // Соответственные углы в конгруэнтных треугольниках (CPCTC)

(9) m∠ADC = m∠ADB+m∠BDC   //теорема сложения углов

(10) m∠CBA = m∠CBD+m∠DBA   //теорема сложения углов

(11) m∠ADC = m∠CBD+m∠BDC   //(3), (7), замена

(12) m∠ADC = m∠CBD+m∠DBA   //(5), (9), замена

(13) ) m∠CBA = m∠ADC                //(10), (8), транзитивное свойство равенства

(14) ∠CBA ≅ ∠ADC                      //(11), определение конгруэнтных углов

924 41

Теперь давайте по-другому, без конгруэнтности треугольников. Мы проведем другую диагональ, AC:

Обе диагонали, AC и BD, являются поперечными линиями, пересекающими оба набора параллельных прямых, каждая из которых создает два набора равных чередующихся внутренних углов, и с учетом постулата сложения углов сумма этих частичных углов равна.

Далее будет много уравнений, потому что я доказываю их очень формально. Но для простоты я делаю так:

Углы, отмеченные одной дугой (черный и красный), равны между собой (одна черная дуга равна одной черной дуге, одна красная дуга равна одной красной дуге). ). Углы, отмеченные двумя дугами, равны между собой (двойные черные дуги равны двойным черным дугам, двойные красные дуги равны двойным красным дугам).

Таким образом, сложение одной черной дуги с двойной черной дугой на противоположных сторонах параллелограмма дает равные углы, а сложение одиночных красных дуг с двойными красными дугами на противоположных сторонах параллелограмма также дает равные углы.

Итак, начиная с диагонали BD, как указано выше:

Доказательство

(1) ABCD — параллелограмм        //Дано

(2) AD || BC                                // Из определения параллелограмма

(3) ∠ADB ≅ ∠CBD                      // Альтернативные внутренние углы Теорема

(4) АВ || DC // Из определения параллелограмма

(5) ↑дба ≅ Ϫcdb // Альтернативные внутренние углы Теорема

и теперь, с диагональными переменными:

(6).

(7) ∠BAC≅ ∠DCA                    // Теорема об альтернативных внутренних углах

и сложение частичных углов по теореме сложения углов:

(8) m∠ADC = m∠ADB+m∠BDC   // теорема сложения углов

(9) m∠CBA = m∠CBD+m∠DBA   //теорема сложения углов

(10) m∠ADC = m∠CBD+m∠BDC   //(3), (8), подстановка

(11) m∠ADC = m∠CBD+m∠DBA   //(5), (10), замена

(12) m∠CBA = m∠ADC                 //(11), (9), транзитивность равенство

(13) ∠CBA ≅ ∠ADC                   //(11), определение равных углов

И мы можем сделать то же самое для другого набора углов.

(14) m∠BAD = m∠BAC+m∠CAD   // теорема сложения углов

(15) m∠DCB = m∠DCA+m∠ACB   //теорема сложения углов

(16) m∠BAD = m∠DCA+m∠CAD   //(7), (14), подстановка

(17) m∠BAD = m∠DCA+m∠ACB   //(6), (16), замена

(18) m∠BAD = m∠DCB                 //(15), (17), транзитивность равенство

(19) ∠BAD ≅ ∠DCB                      //(18), определение конгруэнтных углов

Итак, мы доказали, что в параллелограмме две пары противоположных углов конгруэнтны.

Нестандартное мышление

Вот третий способ решить эту проблему без всяких диагоналей. Продолжим стороны AD и AB за края параллелограмма в точки T и P соответственно:

Теперь, поскольку AB||CD, ∠TAB ≅ ∠ADC, как соответствующие углы параллельных прямых. А так как AD||BC, ∠TAB ≅ ∠ABC, как чередующиеся внутренние углы. Таким образом, по транзитивному свойству равенства ∠ADC ≅ ∠ABC.

Аналогично, поскольку BC||AD, ∠PBC ≅ ∠BAD, как соответствующие углы параллельных прямых. А поскольку AB||CD, ∠PBC ≅ ∠BCD, как альтернативные внутренние углы. Таким образом, по транзитивному свойству равенства ∠BAD ≅ ∠BCD.

Это самое короткое доказательство, но оно требует мышления «нестандартно», или, в данном случае, вне параллелограмма.

Доказательство №3

(1) ABCD — параллелограмм        //Дано
(2) AB || CD                               // Из определения параллелограмма
(3) ∠TAB ≅ ∠ADC // Соответственные углы параллельных прямых
(4) AD || BC             //Из определения параллелограмма
(5) ∠TAB ≅ ∠ABC // Альтернативные внутренние углы
(6) ∠ADC ≅ ∠ABC //(3) , (5) , Транзитивность равенства
(7) г. до н.э. || AD                               //Из определения параллелограмма
(8) ∠PBC ≅ ∠BAD // Соответственные углы параллельных прямых
(9) AB || CD            //Из определения параллелограмма
(10) ∠PBC ≅ ∠BCD // Альтернативные внутренние углы
(11) ∠BAD ≅ ∠BCD //(8) , (10) , Транзитивное свойство равенства

Острый / Тупоугольные треугольники — математика верхнего уровня SSAT

Все математические ресурсы верхнего уровня SSAT

6 диагностических тестов 311 практических тестов Вопрос дня Карточки Учитесь по концепции

← Предыдущая 1 2 3 4 5 6 7 8 9 Следующая →

Справка по математике верхнего уровня SSAT » Геометрия » Свойства треугольников » Острые/тупые треугольники

Найдите измерение угла .

 

 

Возможные ответы:

Правильный ответ:

Объяснение:

Сумма всех углов треугольника должна составлять

Сообщить об ошибке

Найдите измерение угла .

 

 

Возможные ответы:

Правильный ответ:

Объяснение:

Сумма всех углов треугольника должна составлять .

Сообщить об ошибке

В равнобедренном треугольнике есть угол, мера которого равна .

Что можно  — меры одного из других его углов?

(a)

(b)  

(c)

Возможные ответы:

(a) или (c) только

(b) только (b) только

1)0012

(a), (b) или (c)

Правильный ответ:

(a), (b) или (c)

Пояснение:

По теореме о равнобедренном треугольнике у равнобедренного треугольника два внутренних угла равны. Есть два возможных сценария, если один угол имеет меру :

Сценарий 1: Два других угла равны друг другу. Суммарные градусные меры внутренних углов треугольника, поэтому если мы допустим общую меру этих углов:

Это делает (b) возможным ответом.

Сценарий 2. Один из других углов измеряет также, что делает (c) возможным ответом. Градусная мера третьего угла равна

,

, что делает (а) возможным ответом. Следовательно, правильный выбор – (а), (б) или (в).

Сообщить об ошибке

Измеряет один из внутренних углов разностороннего треугольника . Что из нижеперечисленного может быть мерой другого из его внутренних углов?

Возможные ответы:

Правильный ответ:

Пояснение:

Разносторонний треугольник имеет три стороны разной величины, поэтому согласно теореме, обратной теореме о равнобедренном треугольнике, каждый угол также имеет разную величину. Поэтому мы можем устранить  немедленно.

Кроме того, если у треугольника также есть угол, то, поскольку сумма градусных мер углов равна , следует, что третий угол имеет меру

.

Следовательно, у треугольника два угла, измеряемые одинаково, и их можно исключить.

Аналогично, если у треугольника также есть угол, то, поскольку сумма градусных мер углов равна , следует, что третий угол имеет меру

.

В треугольнике есть два угла, которые измеряются . Этот выбор можно исключить.

 можно исключить, так как третий угол имел бы меру

,

невозможная ситуация, так как меры угла должны быть положительными.

Остается вариант . Это означало бы, что размер третьего угла равен

.

Три угла имеют разную меру, поэтому треугольник неравносторонний. правильный выбор.

Сообщить об ошибке

Дано:  с . Найдите так, чтобы это была биссектриса угла . Что такое ?

Возможные ответы:

Правильный ответ:

Пояснение:

Выше показан рисунок.

The measures of the interior angles of a triangle total , so the measure of  is

Since  bisects this angle, 

and 

 

Сообщить об ошибке

Дано:  с . расположен на так, что делит пополам и образует равнобедренный треугольник .

Укажите меру .

Возможные ответы:

Недостаточно информации для ответа на вопрос.

Правильный ответ:

Пояснение:

Если   является равнобедренным, то по теореме о равнобедренном треугольнике два его угла должны быть равны.

Случай 1:

Так как делит пополам два равных угла, один из которых должен быть,

Однако это невозможно, так как и  являются двумя углами исходного треугольника; их общая мера равна

 

Случай 2:

Тогда, поскольку градусные меры внутренних углов треугольника составляют

,

and

Case 3: 

Then

, which is not possible.

Таким образом, единственно возможной мерой  является .

 

Сообщить об ошибке

Измерение внутренних углов треугольника . Из этих трех мер степени дайте наибольшую.

Возможные ответы:

Этот треугольник не может существовать.

Правильный ответ:

Explanation:

The degree measures of the interior angles of a triangle total 180 degrees, so 

One angle measures 

The other two angles measure 

and

.

Нам нужен наибольший из трех, или .

 

 

Сообщить об ошибке

 это прямоугольный треугольник с прямым углом . расположен на так, что при построении образуются равнобедренные треугольники и .

Что является мерой ?

Возможные ответы:

Правильный ответ:

Пояснение:

Ниже приведена ссылка на рисунок:

Так как  является равнобедренным прямоугольным треугольником, его острые углы, в частности  , измеряют каждый. Поскольку этот угол образует линейную пару с :

.

  также является равнобедренным, поэтому по теореме о равнобедренном треугольнике у него два угла равны. Так как  тупой, и ни один треугольник не имеет двух тупых углов:

.

Кроме того,  является внешним углом , мера которого равна сумме двух его удаленных внутренних углов, которые являются конгруэнтными углами . Следовательно,

Сообщить об ошибке

Периметр треугольника . Если одна сторона имеет длину, а другая сторона имеет длину, то какова длина третьей стороны?

Возможные ответы:

Правильный ответ:

Объяснение:

Периметр — это сумма всех сторон.

Используя информацию, указанную в вопросе,

Теперь найдите сторону 3.

Сообщить об ошибке

Если периметр треугольника равен   и две стороны указаны на рисунке ниже, какова длина третьей стороны?

Возможные ответы:

Правильный ответ:

Пояснение:

Чтобы найти периметр треугольника, сложите все его стороны.

Пусть будет длина третьей стороны.

Длина третьей стороны .

Сообщить об ошибке

← Назад 1 2 3 4 5 6 7 8 9 Далее →

Уведомление об авторских правах

Все математические ресурсы верхнего уровня SSAT

6 Диагностические тесты 311 практических тестов Вопрос дня Карточки Learn by Concept

Математика, часть II Решения для 9-го класса Математика, глава 3

Математика, часть II Решения Решения для 9-го классаМатематика Глава 3 Треугольники представлены здесь с простыми пошаговыми объяснениями. Эти решения для треугольников чрезвычайно популярны среди учащихся 9 класса по математике. Решения для треугольников пригодятся для быстрого выполнения домашних заданий и подготовки к экзаменам. Все вопросы и ответы из книги решений по математике, часть II, глава 3 по математике для класса 9, предоставляются здесь для вас бесплатно. Вам также понравится безрекламный опыт решения Mathematics Part II Solutions Solutions от Meritnation. Все решения по математике, часть II Решения для 9 классаМатематика подготовлена ​​экспертами и на 100% точна.

Страница № 27:
Вопрос 1:

На данном рисунке ∠ACD — внешний угол ∆ABC. ∠В = 40 °, ∠А = 70°.

Найдите меру ∠ACD.

Ответ:

в ∆ABC,
ϩCd = секрет + ♂ (свойство наружного угла)
= 70 + 40
= 110
= 110
= 110240 ∘
= 110240 ∘ . 110 ​.
 

Страница № 27:
Вопрос 2:

В ∆PQR ∠P = 70 ° , ∠Q = 65 °, затем найдите ∠R.

Ответ:

в ∆PQR,
секрет + ♂ + ♂ = 180 (свойство угловой суммы)
⇒ 70 + 65 + retrg1240 + 65 + 180240 + 65 + 180241 + 65 . 135 + Ϫr = 180
⇒ тий = 180 — 135
= 45
, aector of at of reck rab reck reck reck reck reck reck reck reck reck reck reck r.
 

Page No 27:
Question 3:

The measures of angles of a triangle are x ° , ( x -20) ° , ( x- 40) ° . Найдите величину каждого угла.

Answer:

Let us suppose the angles ∠P, ∠Q, ∠Rof a ∆PQR be  x ° , ( — 20) ° , ( — 40) ° соответственно.
∠P + ∠Q + ∠R = 180    (свойство суммы углов)
x + ( x -20) ° + ( x -40) ° = 180 °